2022一2023学年海南省高考全真模拟卷（五）物理1.本试卷满分100分，测试时间90分钟，共8页。装2.考查范围：高中全部内容。r中订、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。线1.UB=s?BF,C二是电学中常见的四个公式，其中有一个公式是决定式，这个公,p+9式是内A.UAB =q量B.p=e中是，C.F=ED.c2.太阳内部核反应的主要模式之一是质子一质子循环，循环的结果可表示为4H→X+2。X的原救子序数和质量数分别为4H-7X+2'e不A.2和3B,2和4C.4和2D.1和43.如图所示，用一个大小不变的力F拉着滑块（视为质点）使其沿半径为R的水平圆轨道匀速运动要半周，若力F的方向始终与其在圆轨道上作用点的切线成60°夹角，则力F做的功为A.FuR2R量B.2FRFA答C.FR60D.FTR4.一列简谐横波沿x轴传播，t=0.2s时的波形如图1所示，图2是x=3m处质点a的振动图像，下题列说法中正确的是◆ylcmy/cmo04 5 x/m0.2p.4s图1图2A.该波的波长是5mB、该波的周期是0.5sC,该波沿x轴正方向传播D.t=0.2s,质点a沿y轴正方向振动高考全真模拟卷·物理（五）第1页（共8页）
14.(8分)某研究性学习小组在学习了圆周运动知识以后，设计了一个研究玩具小车通过凹形桥最低点和凸形桥最高点时对轨道压力大小的实验。所用器材有玩具小车、压力式托盘秤、凹形桥和凸形桥模拟器（圆弧部分的半径均为R,重力加速度为g）。(1)如图所示，将模拟器静置于托盘秤上，托盘秤的示数为m0。(2)将玩具小车静置于模拟器最低点时，托盘秤的示数为M,则玩具小车的质量为托盘秤(3)将玩具小车从模拟器右侧某一位置由静止释放，小车依次经过A、B、C、D、E点滑向左侧，在小车经过这五个点时，观察到托盘秤的示数变化情况依次是增大、减小、增大、减小、
5Rsina=2R即=60°则折射角为B=30折射率n,=sing=3sin B选项A错误；B.因Sin∠BOD=则由几何关系可知b光的折射角y=45则b光的折射率sina v6siny 2选项B正确；C.α光在圆形玻璃砖中的传播时间t=2Rcos30°V3R_3RVa选项C正确；D.b光在圆形玻璃砖中的传播时间第9页/共19页
全国@0所名校高三单元测试示范卷札记(3)若在轿车司机开始打盹到轿车开始减速行驶的时间内，货车匀加速运动到=24/s,之后匀速行驶，则在t十t时间内货车的位移.x=(t十to)=147m(1分)2此时两车相距△3=十l-x1=23m(1分)设从轿车开始刹车到两车速度相等所需时间为t,则的=一at解得6-8；(1分)则这段时间内轿车比货车多走的距店△=6-号a,-6≈4.6m<4=23m故轿车不会撞上货车。(1分)18.(16分)中国人民解放军海军福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射器和阻拦装置，让中国航母在舰载机起降领域实现了跨越式发展。若已知福建舰跑道长度约为300m,舰载机在跑道上加速时能产生的最大加速度为5.0m/s2,当舰载机的速度达到50m/s时才能离开航空母舰安全起飞。(1)设想某舰载机在福建舰上进行弹射起飞训练，福建舰匀速航行的速度大小为10m/s(与舰载机运动方向相同)，若电磁弹射系统可以使舰载机瞬间获得相对福建舰的初速度大小为20m/s,求舰载机加速至速度大小为50m/s时相对福建舰滑行的最短距离。(2)另一舰载机在福建舰上进行“逃逸复飞”训练，“逃逸复飞”是指制动挂钩挂拦阻索失败后飞机的复飞。福建舰依旧以10/s的速度（与舰载机运动方向相同）匀速航行，该舰载机在跑道尾端着舰时的速度大小为55m/s,着舰后以大小为10m/s2的加速度做匀减速直线运动，3s后制动挂钩挂拦阻索失败，于是舰载机立即以最大加速度复飞，请判断本次“逃逸复飞”能否成功。若不能，请说明理由；若能，求该舰载机达到起飞速度时相对福建舰滑行的距离。解：(1)以福建舰为参考系，舰载机初速度大小u=20m/s,设舰载机经时间t1加速至v=(50-10)m/s=40m/s(1分)由=4十at(1分)解得1=二☑=4s(1分)舰载机起飞时相对福建舰滑行的最短距离1=4十2a2=120m。(2分)(2)以福建舰为参考系，舰载机初速度大小2=(55一10)m/s=45m/s(1分)设舰载机经时间t2减速至购，由购=边一a1t2(1分)解得=15m/s(1分)舰载机在该过程中相对福凳親滑行的距离1=2=90m(2分)2假设舰载机“逃逸复飞”成功，舰载机从加速至以起飞过程满足v=十at3(1分)得6=二西=5s(1分)a靓载机相对福建想滑行的距离=产4：=137.5m1分)由于x1+x2=227.5m 点以一定的初速度向下滑动，已知物块与平面的动摩擦因数为4=2,8取10m/s.求：(1)A点的电场强度的大小：(2)A点的加速度。20…614.在我国科幻电影《流浪地球2》的主角实施救援的电影片段中，提到了“洛希极限”这个概念，即当两个天体的距离小于洛希极限时，天体就会倾向碎散，地球有解体的风险。若地球与月球间的“洛希极限”计算公式为d=1.26R地P地，其中R地、PP阴分别P月为地球的半径、地球的密度和月球的密度。已知地球表面的重力加速度约为月球表面重力加速度的6倍，地球的半径约为6400km,月球的半径约为1700m；请根据以上数据计算地球与月球间的“洛希极限”。（提示：36×7=1.167,计算结果保留两位有效6数字)15.如图所示轻弹簧一端固定在水平面上的竖直挡板上，处于原长时另一端位于水平面上B点处，B点左侧光滑，右侧粗糙。水平面的右侧C点处有一足够长的斜面与水平面平滑连接，斜面倾角为37°，斜面上有一半径为R=2.5m的光滑部分圆轨道与斜面切于D点，部分圆轨道的最高点为E,LBc=2.0m,LCD=12.0m,A、B、C、D、E均在同一竖直面内。使质量为m=0.5kg的小物块P挤压弹簧右端至A点，然后由静止释放小物块P,结果小物块P恰好能通过部分圆轨道的最高点E,己知小物块P与水平面和斜面间的动摩擦因数均为μ=0.5，g取10ms2,sin37°=0.6。(1)小物块P运动到E点时的速度大小：(2)弹簧的最大弹性势能：(3)小物块P在斜面上的落点距D点的距离。赣州市期末考试高一物理试卷第6页（共6页) 0.55kg【解析】(1)为防止砝码和游码生锈或沾有异物导致6.0.8×1030.8测量误差较大，移动游码和加减砝码时都应该用镊7.50不准确52.4【解析】利用密度公式计算该捆子进行操作；由图甲可知天平指针在分度盘中线左导线的体积V=m8.9kg2=0.001m3,则导右摆动具向左摆动的幅度较大，为使天平平衡应该铜8.9×103kg/m将平衡螺母向右调节；(2)由图乙可知石块的质量m线的长度l=V0.001m3=50m,因计算时未考虑=10g+4g=14g;(3)实验中是利用排水法测量石块S20×10-6m2的体积，若石块上附着气泡会导致石块排开水的体导线表面有绝缘镀膜，所以导线长度的测量值不准积变大，使石块体积的测量值偏大；石块的密度P石块确；小明经过思考后新的测量方法测量出导线的长m14g度为8,9kgx1m≈52.4mV4cm=3.5g/cm3;(4)p石块=3.5g/cm3=3.5×0.17kg103kg/m3,石材的质量m石制=p石块V石材=3.5×108.C【解析】一般液氧存储在温度较低且高压的环境kg/m3×40m3=1.4×103kg.中，所以需要存储容器有很高的强度和良好的隔热2.（1)调节平衡螺母之前没有将游码移至标尺左端零性能，所以需要考虑的属性是导热性，即需要使用导刻度线处（2)①烧杯和酱油②20③1.12热性能差的材料，C符合题意.故选C.(3)大将酱油转移到量筒中后再次测量烧杯的9.天平调平后将20g的砝码放在天平左盘，两个10g质量的砝码放在天平右盘观察天平是否能在水平位置平【解析】(1)调节天平水平平衡时应先将游码移至标础衡（或天平调平后将10g的砝码放在天平左盘，5g尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母使天平在水的砝码放在天平的右盘，将游码对准标尺上的“5”刻平位置平衡，则图甲中的错误是调节平衡螺母之前壕度线处观察天平是否能在水平位置平衡)没有将游码移至标尺左端零刻度线处；(2)为测量酱10.(1)大小、形状相同的砂锅和铁锅各一个，初温且质油的质量，应该先测量空烧杯的质量，再测量烧杯和量相同的热水（两份），温度计（两支）酱油的总质量；由图乙可知酱油的体积为20cm3;酱(2)在大小、形状相同的砂锅和铁锅中同时装入初油的质量m酱油=m2-m1=52.4g-30g=22.4g,酱油温、质量均相同的水，经过相同时间后用温度计测出两锅中水的温度，并进行对比的密度p=m=2.4g=1.12g/cm:(3)在转移酱V 20 cm'(3)若砂锅中水的温度高于铁锅中水的温度，说明油时因部分酱油残留在烧杯内导致酱油体积的测量铁锅的导热性能好；若砂锅中水的温度等于铁锅中值偏小，则酱油密度的测量值偏大；可以在转移酱油水的温度，说明砂锅和铁锅的导热性能相同；若砂后再次测量烧杯的质量，用烧杯和酱油的总质量减锅中水的温度低于铁锅中水的温度，说明砂锅的导去转移酱油后烧杯的质量，即可准确测量量筒内酱热性能好（答案不唯一，合理即可）油的质量11.答：甲同学更安全，发生火灾时会产生有毒有害的3.(2)将吸足水的条状物取出并擦干，同时读出此量筒气体，该气体温度高、密度小于空气会向上飘，为减内剩余水的体积V3,将吸足水的条状物重新放入量少吸入有毒有害的气体，在逃生时应弯腰抱头或匍筒中浸没，读出此时量筒中水和条状物的总体积V。匐前进；由题图可知甲同学以弯腰低头的姿势逃生，所以甲同学吸入的有毒有害气体相对较少，更(31v.V,安全【解析】(2)因条状物具有一定的吸水性，若直接用排水法测量其体积会导致体积测量值不准确，为避基础点26常规方法测量密度免这一问题可以将吸足水的条状物取出并擦于，同1.(1)镊子右(2)14(3)气泡的存在会导致石块时读出此量筒内剩余水的体积V,将吸足水的条状体积测量值偏大（或消除气泡对石块密度测量值的物重新放入量筒中，读出此时量筒中水和条状物的影响)3.5(4)1.4×10i总体积为V4;(3)因吸足水的条状物不再吸水，则条30万唯基础交流QQ群：669556444 18.（16分)如图所示，在竖直平面内存在直角坐标系x0y,第二象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度为E,在第一象限内存在水平向右的匀强电场，电场强度为E2=0.375N/C,在第一象限内，y=4m处有水平绝缘平台PA,右端与半径为R=0.4m的光滑绝缘竖直半圆弧轨道ACD平滑连接，相切于A点，D为其最高点.质量为m1=2g、带正电g=0.1C的可视为质点的小球从x轴上某点Q以与x轴负半轴成60°、大小o=10ms的速度射入第二象限，恰好做匀速直线运动.现在第二象限内小球运动的某段路径上加上垂直于纸面向外的圆形边界的匀强磁场，磁感应强度B=0.2T,小球经过磁场区域后恰好水平向右运动，垂直于y轴从点P(0,4m)进入第一象限，恰好与静止放置在P点且可视为质点、质量2=3g、不带电的绝缘小物块碰撞并粘合在一起沿PA方向运动，设碰撞过程中带电量不变，粘合体命名为小物块S.已知小物块S与平台的动摩擦因数u=0.35,平台PA的长度L=1.0m,重力加速度g=10m/s2,sin37°-0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力.求：（结果可用根号表示)(1)电场强度E1的大小；(2)小球在磁场中运动的半径的大小和圆形磁场区域的最小面积；(3)小物块S在圆弧轨道上的最大速度：小物块S能否达到D点，若不能，请说明理由，若能，请求出小物块S落到平台PA上的位置与A点的距离。y/mDR/●VoE260%0x/m试卷第7页，共7页 柳州市2024届新高三摸底考试物理(考试时间75分钟满分100分)注意：1.请把答案填写在答题卡上，否则答题无效。2.答卷前，考生务必将密封线内的项目填写清楚，密封线内不要答题。3.选择题，请用2B铅笔，把答题卡上对应题目选项的信息点涂黑。非选择题，请用0.5mm黑色字迹签字笔在答题卡指定位置作答。一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分)1.2023年3月10日，长征四号运载火箭以一箭双星方式成功将天绘六号AB星送入预定轨道。天绘六号卫星距离地面高度约为550km,地球同步卫星距离地面高度约为36000km,则天绘六号卫星A.线速度比同步卫星的小B.角速度比同步卫星的小C.周期比同步卫星的小D.加速度比同步卫星的小2.北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从α处由静止自由滑下，到b处起跳，c点为a、b之间的最低点，其所在圆弧雪道的半径为r,a、c两处的高度差h=2r,运动员可视为质点，忽略一切阻力。则运动员经过c点时对滑雪板的压力为自身所受重力的A.2倍B.4倍2C.5倍D.8倍7777777777777777777777773.一根水平刻度尺上套有两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的钩码在图中虚线位置处于静止状态，现将两环拉至图中实线位置，钩码仍处于静止状态，则A.杆对两环的支持力变小B.杆对两环的支持力不变C.两环对杆的摩擦力变小D.细绳对钩码的拉力变小4.如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，水平放置的足够长的粗糙U型金属框右端连接一阻值为R的电阻，质量为m、电阻为r的导体棒ab置于金属框上。ab以水平向右的初速度vo开始运动，最终停在金属框上，已知金属框的电阻忽略不计。在此过程中，下列说法正确的是A.电阻M端的电势比N端的电势低B.导体棒中感应电流的方向为a→b×a×××MC.电阻R消耗的总电能为2mG00×D。导体棒克服交培为做的总功小于方m2024届新高三摸底考试卷物理第1页（共4页) 9.如图()所示，在倾角6=30°的绝缘斜面上放置着一个正方形金属线框，金属线框的上半部分处在垂直斜面向上的匀强磁场（图中未画出）中，磁感应强度的大小按如图(b)所示的规律变化。在0~10t,内线框均处于静止状态，且在8t,时刻，线框恰好不下滑，在9t时刻，线框恰好不上滑。设线框与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则()-o-o-.(a)图b)809lg10i。'A.2t时刻，垂直斜面向下看，金属线框中的感应电流沿顺时针方向B.9.5t,时刻，金属线框所受的安培力沿斜面向下C.金属线框和斜面间的动摩擦因数为D.金属线框和斜面间的动摩擦因数为310.如图所示，光滑圆形轨道固定在竖直面内，质量为m的小球A从左边与圆心等高处由静止开始沿轨道下滑，与静止于轨道最低点的小球B发生第一次碰撞，若A、B两球第一次碰撞和第二次碰撞发生在同一位置，且两小球始终在圆形轨道水平直径的下方运动，A、B间的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度为g,则()A.B球的质量可能为2mB.第一次碰撞结束后的瞬间，B球对轨道的压力大小可能为3mgC.第一次碰撞结束后，B球到达右侧轨道最高点时对轨道的压力大小可能为4gD.第二次碰撞结束后的瞬间，A球对轨道的压力大小一定为3mg二、实验题：本题共2小题，共16分。11.(6分)某同学通过实验测定一个阻值约为202的电阻R,的阻值。现有电源(12V,内阻不计)、滑动变阻器(0~1002，额定电流2A)、开关和导线若干以及下列电表：A.电流表（量程3A)B.电流表（量程0.6A)C.电压表（量程3V)D.电压表（量程15V)(1)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用电压表应选用（均填器材前的字母)R甲物理试卷第3页共6页 2m听，与g无关，D错误。与安培力大小的变化趋势相同[点拨：没有开口向下的部分]，C错误。长领航备考·规律总结18.D【必备知识】动能定理、牛顿第二定律、胡克定律抛体运动心题图剖析向上竖直上匀减速+自抛运动由落体运动匀变速该段为倾斜直线，网抛a=gV向下竖直下球所受合外力恒定，匀加速直线直线运动体v,≠0即滑动摩擦抛运动运动核心：匀变速E.运依据初巴水平动速度方平抛运动直线运动规律v斜匀变速曲线段，合外力逐渐增向分类向上曲线运动大，即弹性绳逐渐伸长斜上抛运动分解位移（位分解速度（速移三角形度三角形a网球动能为零时，弹性绳的伸长量最大，根据核心：化曲为直网球此时的受力情况计算弹性绳的劲度系数运动的合成与分解【解题思路】Ek-x图象（或图象切线）的斜率表示网16.D【关键能力】逻辑推理能力、分析综合能力球所受的合外力，Oa段为直线，说明网球只受滑动【解题思路】设行星质量为，有M=号pR,对杆下摩擦力作用，由动能定理有umga=d-c,得L-d-S,mga端的球体有G(R平-F=m,对杆上端的球体有A错误。当弹性绳的伸长量最大时，网球的动能减为0，弹性绳的弹性势能最大，根据能量守恒有d=/(R+h+L)+F=ma,得F=MmGMm2(R+h)2wmgb+E,得E,=d_b(d-C,B错误。根据题意可a2(R+h+L,可知L越大，F越大，A错误。p越GMm知，弹性绳的伸长量最大时，网球受到的合外力大小大，M越大，F越大，B错误。m越大，F越大，C错为e,根据题图可知弹性绳的原长为a,在位移为b时误。h越大，F越小，D正确。对网球进行受力分析有e=umg+k(b-a),得k=17.B【必备知识】法拉第电磁感应定律、安培力、闭合“。。,C错误。当网球返回到出发点时，根弱动电路欧姆定律【解题思路】t=0时，导体棒切割磁感线的有效长度能定理有d-2umgb=E1[,点拔：对整个运动过程应用动不为零，产生的感应电流大小不为零，A错误；导体能定理更方便]，得E1=d-2b(d-C,D正确。a棒向右匀速运动，在ab和bc段切割磁感线的长度随19.BC【关键能力】逻辑推理能力、分析综合能力时间均匀增加，有E=Bw,由于bc段与x轴的夹角小【解题思路】由图乙可知，R4两端电压的最大值为于ab段与x轴的夹角，故bc段的E-t图象的斜率小于ab段的，经过c点后，导体棒切割磁感线的有效202V,通过R的电流有效值为，-沿A-2A,交长度减小，产生的感应电动势减小，又ab、cd段与x流电压表的示数等于电压的有效值，故电压表的示轴的夹角相等，则ab、cd段的E-t图象的斜率大小数为U,=1R=20V[点拨：也可根据电阻阻值相等结合相等，由于导轨和导体棒的电阻不计，则导体棒产生图乙快速得出电压表的示数]，A错误；由图乙可知交变的感应电动势等于定值电阻两端的电压，D错误；导电流的频率为50Hz,一个周期内电流方向改变2体棒所受安培力大小为P-,随时间端加，安培次，故通过R的电流每秒钟方向改变100次，B正确；根据电路的串并联规律可知，通过R的电流为力逐渐增大，但相同时间内导体棒在bc段所受安培4A,则通过R2的电流为12=6A,R2两端的电压为力的增加量小于在ab段的，结合上述分析可知B正U2=12R2=30V,由变压器原、副线圈匝数比与电压、确；导体棒克服安培力做功的功率为P=Fm-BR电流的关系可知，原线圈两端的电压为U。=3×理科综合领航卷（六）全国卷答案一65 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4H 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4H 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 4、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4H 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 4、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 5、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁 则所有株系中，理论上有的株系F3的性状分离比为9：3：3：1。(4)科学家将该植物(2n=24)萌发的种子进行了太空育种，杂交后代出现了单体植株（2n-1)。单体植株若为母本，减数分裂可产生染色体数为的雌配子。若对该单体植株的花粉进行离体培养时，发现-1型配子难以发育成单倍体植株，其原因最可能是32.(8分)某地区依矿而起、因钢而兴，也造成了万亩废弃矿山的生态欠账。当地政府检视问题，把矿山生态治理作为转型发展的突破口，以土地复耕、生态景观服务及休闲旅游为重点，以“宜农则农、宜居则居、宜生态则生态”的整治理念，首创了“矿坑回填复垦、生态环境修复、规模化养殖、湿地景观开发”四位一体新模式，使多年荒废矿区变成了“湖阔景美、绿林成荫、游人如织的生态公园。分析回答问题：(1)矿区生态系统的结构包括和(2)矿区生态恢复包括平整压实土地、人工制造表土和植被恢复等关键环节，请从生态系统结构与功能角度分析，矿区生态恢复过程中植被的作用是0(3)在没有人类干扰的情况下，废弃矿坑的生态环境能极为缓慢地恢复。将尾矿废料混合碎石等填到矿坑中，再覆盖一定量的土壤，采用人工种植的方法可快速恢复植被。这说明人类活动会影响群落演替的(4)因地制宜，规模化种植适应本地环境的药材和养殖奶牛是矿区生态系统创造经济利益的重要组成部分，奶牛在矿区生态系统的营养结构中属于第营养级，请用关键词和箭头画出该营养级能量去路的图解。(二)选考题33.(15分)【物理一选修3-3】(1)(5分)一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其p-T图像如图所示.其中对角线ac的延长线过原点O.下列判断正确的是A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E.在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功(2)(10分)如图所示，长L=100cm,粗细均匀的玻璃管一端封闭。水平放置时，长L=50cm的空气柱被100cm水银封住，水银柱长h=30cm。设整个过程中温度始50cm30cm一模试题12共16页 由雀一昌萨克定体码：片-会(2分)为：y=0.04sin(x1+号)m,E项正确。解得：1=长1=是，1分)(2)i.过A点的法线与O0'平行：0=&=60°ⅱ，理想气体做等压变化，根据受力平衡可得：由折射定律得器=1=万.故301分paS=p1S+mg(1分)在球面上有：1nY=(1分)sini理想气体对外做功为：W=S·冬1分)由热力学第一定律可知，△U=Q一W(2分)解得：4=Q-(S-mg)21分)34.(1)ACE(5分)解析：AB:由振动图像可知周期T=2s,T=0时刻P在平衡位置向上运动，Q在y=2√3cm处向上运动，如下图所示由几何关系得：i=y-3=y-30(1分)由折时定律得严=万，解得y=01分)故：OB=Rsiny=9R(1分)7于2√5=4si0,得0=3，又有2元=是，得1由几何关系可得：DB=R+R(1-cosy)=号R=合m十名X=2m,得入=2与大8n,所以B项(1分)在△AD0中，∠ADO=i=Y-3=30°，∠DAO=3+错误：u=会-1人5n/8,当n=0时，0=1.290°=120，所以∠A0D=30°，所以AD=A0=R2cosim/s,A项正确：C:在t=0.5s时刻，由图甲可-9数1分得出质点P与其平衡位置的距离为一个振幅，由图乙可得出质点Q与其平衡位置的距离小于SA=-号R1分)一个振幅，C项正确；D:在t=1.5s时刻，由图光线在半球体内的速度=97甲可得出质点P在最大位移处，速率为0，由图乙可得出质点Q不在最大位移的位置，所以此所以光线从S到B点的时间：=SA+DB+AD时速率大于0，所以质点P的速率比质点Q的=19R(2分)小，D项错误：E:由图乙可知，质点Q的位移随6c时间变化的关系式为y=Asin(f十pw=牙=,当t=0时，可得出9=3，所以其关系式S3名师原创分科模拟·物理答案第12页（共24页） 理如图3（电解液是含苯乙烯和硫酸的废水，pH=6.2)。已知：·OH(羟基自由基）具有很强的氧化性，可以将苯乙烯氧化成CO2和HO,H2O2H,0xeOH+HH,04H*锁链式0，（溶解氧CsHe反应C02图3M连接电源的(填“正极”或“负极”，若电路中通过10mol电子，则有g苯乙烯被羟基自由基完全氧化成CO2和HO。29.(10分)白芨为我国传统中药材，具有广泛的药用价值，也具有很高的园林应用价值。其同化外界CO2的途径会随环境的变化而有所改变，在适宜环境下同化CO,为图1方式一C:途径，在特定环境刺激下促进白芨细胞中PEPC基因（磷酸烯醇式丙酮酸羧化酶基因）高效表达为图2方式一CAM途径（景天酸代谢途径），甚至随着环境变化在CAM途径与C途径间转换，以便提高光合效率。图2方式为夜间通过气孔吸收CO2,经一系列反应合成苹果酸，存储在液泡中。白天液泡中的苹果酸经过反应释放CO2,进而参与光合作用。清回答下列问题：CO白天气孔开放白天气孔关闭夜晚C02气孔开放苹果酸产Cs液泡磷酸烯醇C02草酰乙酸2C3式丙酮酸叶绿体苹果酸2C3叶绿体液泡液泡叶绿体、CH20图2图1(1)白芨叶肉细胞进行光反应中发生的能量变化是暗反应的场所是(2)图2所示代谢途径中，白天参与暗反应的CO2直接来源于过程和过程。这种代谢途径是与环境相适应的。(3)夜间，白芨细胞液的pH通常会下降，请结合题目信息说明原因30.(8分)高等动物内环境必须保持适宜的酸碱度和渗透压才能维持正常的代谢和生理功能，正常状态下，体液的H相对稳定，这是依靠机体的各种调节功能来实现的。请回答下列问题：,超出该范围即为酸中毒或碱中毒。若出现酸中毒，(1)正常人血浆的pH为,从而导致细胞代细胞内可能因谢紊乱。等离子可维持血浆的H相对稳定。体液的H浓度升高(2)血浆中的,反射性引起呼吸中枢兴奋，使呼吸运动加深加快，改变时，H刺激动脉体上的肺的通气量调节pH,该调节方式属于(3)若给某小鼠静脉注射等渗氯化钠溶液，但由释放的抗利尿激素的量基本不变，判断依据是第9页（共13页）【22·高考样卷·理综（二）一GQN·B)全国100所名校最新高考冲刺卷 2分日回延有签直挡板的质量M=2kg的木板静置于光滑的水平面上，另一质量m一1kg的物块以=6m/s的水平初速度从木板的最左端P点冲上木板，最然物块在木板上Q点（图甲中未画出）与木板保持相对静止，物块和木板的运动速度随时同变化的关系图像如图乙所示。物块可视为质点。求。/m's)a00甲t/s)乙图中边、欢和的数值。(2)整个过程物块与木板之间因摩擦产生的热量。25.(20分)如图所示，直角坐标系xOy的x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向，在x<0的区域，有一沿x轴正方向的匀强电场I,电场强度大小为E;在0≤x≤d范围内有沿y轴负方向的匀强电场Ⅱ；在第四象限固定一平行于x轴、长度为d的光屏MN,光屏到x轴距离为d,光屏左端M到y轴的距离也为d。在x>2d的范围内有垂直于坐标平面向里的匀强磁场。现将一带电粒子从x轴上x=一d的P点无初速度释放，当粒子离开电场Ⅱ时恰好打在光屏烟的最左端M点。已知粒子的质量为m,电荷量为q,重力不计。(1)求电场Ⅱ的电场强度大小E。够(②)要使该粒子恰好通过屏最右端进入磁场，求该粒子在x轴上无初速度释放的位置(3)该粒子恰好通过光屏最右端后（恰好未与光屏发生碰撞）进人磁场后，又竖直向上通过：轴上的Q点，求磁场的磁感应强度大小B。曾(④)若第(3)问中粒子恰好通过与光屏最右端碰撞，粒子反弹前后瞬间的速度大小相同，速度方向与光屏的夹角相等，粒子进入磁场后又竖直向上通过x轴，求磁场的磁感应强度大小B。x xBx xXX国10所名校最新高考冲刺卷第8页（共16页）【22·高考样卷·理综（一）一N】 乳D【命摄意国木怎考查电场强度，电势发、动能定理，要水考生非提匀强电场中电场强度和电势去的关上升过程，由动量定理有一mg:一h=0一m(1分)系，能应用电杨的有关关系式解决带电粒子在电场中的运动问题。【保通分场A台两点的电券老。一2坐-1以电器度5-号-？VA项正商：经过E点的容下降过程，由动量定理有mg2一h=m2(1分)而=4十红(1分)电粒于动能最小，其值为B。26V-2火2XL5V-6,B项腊误：在约强电场中只有平行线上等间质联立解得=十g。(1分)的任意相邻两点间的电势差才相等，C项暗误，电场方向沿AP方向，经过F点的带电粒子在减速为零后，25.【命题意图]本题以人们把陈的放射性同位素能P)作为粒子源来考查带电粒子在电场、磁场中的运动，要再反向加速，沿原路径返回A点，D项正确。求考生知道变的概念和套变方程，知道在核反应方程中遵守质量数和电荷数守恒，能够在加速电场中应22.(1)0.43(3分)用动能定理，在偏转电场中应用牛顿第二定律和运动学公式，在蓝场中灵活应用牛顿第二定律及几何关系。【命题意围]本题以某同学探究做圆周运动的物体的向心力大小与运动半径，角速度及质量的关系的实验为(2)控制变量法(2分)【解题分析】(1)根据题意可知，x粒子为正电子，2P的衰变方程为P→8Si+e(1分)背景，考查控制变量法的概念，圆周运动的向心力公式。实验要求学生知道向心力的相关概念，能应用向心设x粒子的质量为m1,电荷量为e,在加速电场中力的公式解决相关的问题。【解题分析】)根据向心力公式R=m心，可知R一。图像的斜率为m,结合图像，有m=根据动能定理有=2mw2(2分)器N·g/nF,新得m一器短-3g放w√西-vUa分(2)实验中通过保持小球的质量和运动半径不变，探究向心力与角速度的关系，采用的是控制变量法。x粒子在偏转电场中23.(1)2.0(2分)大于(2分)加速度4-出(1分)(2识2分)水平方向有L=t(1分)(32分)卓2分竖直方向有h=?ad1分)【命题意图】本题考查测定电源的电动势和内阻的实验。要求学生理解欧姆定律和闭合电路的欧姆定律，能联立可得A品。(2分)应用欧姆定律和闭合电路欧姆定律的公式解决电路的有关问题。(2)设金属离子的质量为m2,电荷量为q,在磁场中运动时的轨迹半径为R,有【保分因为忽路电源内阻，由题意可得”，-：”，联立可得电压表的内阻Bav-(2分)R=2.0k:由于没有考虑电源内阻，测得的电压表内阻包含电源内阻，故测量值大于真实值(2)要使电压表改装后量程为15V,当电压表的示数为4V时，电阻箱R上的电压为11V,由U=R可知，R-成(1分)R与U正比，做景-若这种离子恰能在进人磁场I前打到照相底片上，则沿磁场下边界进入磁场的离子恰好打在P点，根据几何关系，有0(3)当电压表的示数为U时，加在电阻箱R上的电压为，由闭合电路欧姆定律可得E=U十食，即解得R-号d1分)U-名上最根据图像现体可知E=6,即电动势上学，一名。联立解得。一号k:d.1分)24.【命题意图]本题考查动力学问题，目的是考查学生的分析综合能力。(3)若金属离子的速率为2，此时金属离子的轨迹半径【解题分桥11)设小球上升高度为，全程由动能定理可得一2h=之m2-m2(2分)R=2d(1分)离子沿磁场I下边界入射，其圆心在M点正上方R处的O点，此时金属离子击中照相底小球从抛出到最高点的过程中由动能定理可得一mg一h=0-一7m2(2分)片上的K,MP垂直照相底片，垂足为P联立上式有之分OMsin45°=MP,所以O恰好在照相底片上(1分)OP=MPan45°=d(1分)(2)设上升过程中空气阻力的冲量大小1=沙=h(2分下降过程中空气阻力的冲量大小同样为从则PK=(2-1)d(1分)离子靠近MP方向射出，则会落在P点的附近，范围不超出K点全细10所名妆最新高考模示苑卷·参考答案第0页共12列【2·X,MN·理综（四）·)全国100所名校最新高考模际范卷：参考答案第1页（共12页列【2·X·MN·理综（四）·门 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4H 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 4、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的 5、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 C.运动后甲、乙间的距离先增加后减小D.乙返回O点时甲、乙间的速度差等于甲返回O点时甲、乙间的速度差三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一)必考题：共129分。22.(6分)学习小组利用距离传感器研究平抛运动的规律，实验装置如图甲。某次实验得到了不同时刻小球的位置坐标图，其中0点为抛出点，标记为n=0,其他点依次标记为n=1、2、3、。相邻两，点的时间间隔均为△t=0.O2s,如图乙。把各点用平滑的曲线连接起来就是平抛运动的轨迹图。接计算机距离传感器斜槽056入.90277777777777777777图甲图乙(1)若根据轨迹图测量当地的重力加速度，则需要知道的物理量为(填下列选项字母序号)，求得重力加速度的表达式为g=(用所选物理量和题给物理量符号表示)。A.第n个点到O点的水平距离x,B.第n个点到O点的竖直距离yC.第n个点到O点的路程s(2)若测出重力加速度g=9.80m/s2,描点连线，画出的y-x图为过原点的一条直线，如图丙所示，可求出小球做平抛运动的初速度大小为m/s。(结果保留两位有效数字)1.00y/m0.50x2m20.050.10图丙23.(9分)学习小组想把一个量程为U1=3V的读数准确的电压表V改装成量程为U2=15V的电压表。基本步骤如下。(1)测量电压表的内阻Rv:实验电路图如图1所示，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应移到最(填“左”或“右”)端。闭合开关S,移动滑片P,直到电压表指针达到满偏，此时电流表示数如图2所示，读数为1=mA,则电压表的内阻Rv=。抢分密卷（一）理科综合试题第7页（共16页） 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的 4、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 5、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷 30.（共9分，除标注外，每空2分分离比满足9：3：3：1的变式，合理即可，3分)体的压强变小，故D错误；考虑气泡的表面张力，气泡的光对应的折射角分别为y,、y2,由折射定律得(1)单向脑干(2)BBXAY BBX"X"在水面破裂时气泡内气体的压强P=Po+P张力，略大于sin 53,三(1分)(2)前者作用途径是反射弧，后者作用途径是体液运(3)丙产生卵细胞过程中减数第一次分裂后期同源染Po,故E正确。sin y输；前者反应速度快，后者反应速度慢；前者作用范围色体未分离，或丙产生卵细胞过程中减数第二次分裂(2)(i)1350K(iⅱ)7LSn2_sin 530sin y2(1分)准确、比较局限，后者作用范围较广泛；前者作用时间后期姐妹染色单体未分离(3分)》【命题意图】本题通过汽缸模型考查气体实验定律、力短暂，后者作用时间比较长（答出三点即可，3分）【命题意图】本题考查基因的自由组合定律和伴性遗的平衡等知识，意在考查考生的理解能力和推理论证32(3)过敏反应传的相关知识，意在考查考生的实验探究能力和推理能力。【命题意图】本题考查动物和人体生命活动调节的相能力。【解析】()将细管封闭，对汽缸内气体加热，初始状关知识，意在考查考生的理解能力和分析能力。【解析】(1)实验二中，红眼雄蝇甲与白眼雌蝇丙杂交，态p1=Po,V1=2LS,T1=(273+27)K=300K,【解析】(1)人体血液中的二氧化碳含量增高时，会引所得F,自由交配，F2的表现型及比例为红眼：朱砂加热后对活塞有P2S=pS+kL(2分)起呼吸中枢兴奋，使呼吸加深加快。此过程中，兴奋眼：白眼=8：6：2，即9：3：3：1的变式，说明果蝇解得p2=3po,在神经纤维上是单向传导的，呼吸中枢位于脑干中。的眼色由两对等位基因控制，且这两对等位基因遵循V,=3LS,(2)神经调节和体液调节的不同之处表现在前者作用自由组合定律。(2)实验一中，红眼雄蝇甲与朱砂眼则在玻璃砖上表面两光点间的距离途径是反射弧，后者作用途径是体液运输；前者反应雌蝇乙杂交，所得F,雌性全为红眼（有A基因），雄性由理型气体状态方程学学(2分)△x=2d(tany2-tany1)(1分)速度快，后者反应速度慢；前者作用范围准确、比较局全为朱砂眼（无A基因），说明等位基因A/a位于X解得T2=1350K(1分)解得△x=5.0cm(2分)限，后者作用范围较广泛；前者作用时间短暂，后者作染色体上：果蝇的眼色由两对等位基因控制，且这两(i)由(i)可知汽缸内气体的压强P,=P2,体积V=(i)光在玻璃砖中传播的路程，=21(1分)用时间比较长。(3)小明在接触某植物花粉时，会出对等位基因遵循基因的自由组合定律，因此另一对等cos Y1(2分)》现呼吸急促、打喷嚏、流鼻涕等症状，原因可能是发生位基因B/b位于常染色体上。又因为实验一的F2中设充人的气体的体积为△V,=(1分)了过敏反应。无白眼果蝇出现，因此亲本甲的基因型为BBXY,亲cos Y2由玻意耳定律有po△V+poV,=P,V(2分)本乙的基因型为BBXX。(3)由以上分析可知，实验所以两光线在玻璃砖中传播的时间之和31.(共8分，除标注外，每空2分)解得△V=7LS(1分)(1)经历时间短、演替速度快（或原有土壤条件基本保二亲本甲的基因型为BBXAY,亲本丙的基因型为34.(1)BCE【命题意图】本题考查波的叠加、波速等知(1分)留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体，合理即bbXX,F,出现一只性染色体组成为XXY的朱砂眼识，意在考查考生的理解能力。n n2可)间接(1分)雌果蝇，其基因型为BbXX"Y,因此判断两条X染色【解析】A和B是两个振幅相同、振动频率相同、相位解得t=2.2x109s(2分)(2)呼吸作用中以热能的形式散失、流向下一个营养体均来自母本，这只性染色体组成为XXY的朱砂眼相同的波源，所以到两波源的波程差为波长整数倍的35.(共15分，除标注外，每空1分)级和被分解者利用(3分)》雌果蝇的产生原因是丙产生卵细胞过程中减数第一点为振动加强点，为半波长奇数倍的点为振动减弱(1)3d4s2(3)合理调整生态系统中的能量流动关系，使能量持次分裂后期同源染色体未分离，或丙产生卵细胞过程点，直线CD上的点到两波源的波程差均为0，所以直(2)即正四面体形N低氨气分子间存在氢键续高效地流向对人类最有益的部分中减数第二次分裂后期姐妹染色单体未分离。线CD上的点全部为振动加强点，故A错误；质点O(3)分子晶体【命题意图】本题考查群落演替和生态系统中能量流过方法技巧对于给出各性状比例的遗传题，首为振动加强点，所以质点0的振幅为2A=2cm,故B(4)4:6:3(2分)动的相关知识，意在考查考生的分析能力。先应分析每一对性状的表现型及比例，判断亲本的正确；在AB上取一点，设该点为振动加强点，且该点(5)两者均为离子晶体，且阴、阳离子所带电荷数均为【解析】(1)次生演替是指在原有植被虽已不存在，但表现型显隐性。然后分别统计每对性状的雌雄比2,但F+的离子半径较大，离子晶体晶格能较小原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或例（无致死等现象），若雌雄比例为1：1，不能确定到A、B的距离分别为x1、x2,则有x1+x,=12m,,其他繁殖体的地方发生的演替，该演替的特点是经控制该性状的基因位于常染色体上；若雌雄比例不三=A(a为整数)，解利与-(6：剂n(:为整数)。(2分)184×4历时间短、演替速度快。荒山变果林后，有利于净化同，则可确定控制该性状的基因位于性染色体上。又0≤x2≤12m,则n可取0，±1，±2，±3，±4，即直径(6)CuFeS2.(2分)524x524x1030x6.02x10(2分，空气，保持水土，这体现了生物多样性的间接价值。33.(1)ABE【命题意图】本题以气泡在水中上升为背AB上有9个振动加强点，故C正确：频率相同、相位其他合理表达式也给分)(2)兔同化的能量去路有呼吸作用中以热能的形式散景，考查压强、热力学第一定律等，意在考查考生的理差恒定、振动方向相同的两列波叠加时，才能形成稳【命题意图】本题考查物质结构与性质，具体考查基态失、流向下一个营养级和被分解者利用。(3)鸡和兔解能力。定的干涉图样，若减小波源A的频率，两列波不能发原子的价电子排布式、原子杂化类型、离子的空间结可食用林下部分植物，如杂草等，从而使林下部分植【解析】气泡在水中上升的过程中，气泡内气体的压强生干涉，不会产生稳定的振动加强点，故D错误；机械构、第一电离能大小比较、氢化物沸，点高低的比较及物合成的能量被利用，从能量流动的角度分析，果林p=Po+pgh(忽略气泡表面张力的附加压强)，气泡上波的传播速度由传播的介质决定，所以两波源的振动其原因、晶体类型的判断、配位数的计算、离子晶体熔下养鸡、养兔可合理调整生态系统中的能量流动关升，五减小，则气泡内气体的压强减小，故A正确；气泡周期变大，波速不变，故E正确。点的比较、晶胞的化学式、晶体密度的计算等，意在考系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。在快速上升过程中体积增大，气泡内气体对外界做(2)(1)5.0cm(ii)2.2×109s查考生的分析、计算能力。32.（共12分，除标注外，每空2分)功，且与外界无热交换，由热力学第一定律可知，气泡【命题意图】本题考查光的折射和反射，意在考查考生【解析】(1)基态C0原子的原子序数为27，位于元素(1)自由组合定律实验二中F,的表现型及比例为内气体内能减少，所以气体的温度降低，故B正确，C的推理论证能力周期表中第四周期Ⅷ族，价电子排布式为3d'4s2。红眼：朱砂眼：白眼=8：6：2（或实验二中F,的性状错误；由以上分析可知，气泡体积变大是由于其内气【解析】(i)画出光路图如图所示，设折射率为n1、n2(2)N,与C02互为等电子体，C02的中心原子C的杂D9卷（一）·理科综合D10卷（一）·理科综合 工艺流程分析等知识。(3)Na与空气中的H,O反应而被消耗（或Na与空气水乙酸，所以操作时间如果超过5h,会有部分乙酰乙p(N)=3(1)①02的电子式为0：0：②若用LiN0代替中的H,0反应生成的NaOH使得乙酸乙酯水解或酸乙酯生成去水乙酸，从而降低其产率。6X16 MPa=3 MPap(H MPa=C,H,ONa遇水会发生水解，任答一条即可)LiOH和O2,则LiNO,作为氧化剂将Ni(OH)2氧化为28.（除标注外，每空2分，共14分)9MPap(NH,)=i6×16MPa=4MPa,则平衡常数(4)降低乙酰乙酸乙酯的溶解度，有利于分层(1)-92.4kJ·molLiNiO,LiNO,中氮元素的化合价会降低生成NO,对2 (NH)(4 MPa)2(5)分液漏斗(1分)(6)CHC00H(1分)(7)60%(2)①活化能越大，反应速率越慢(1分)②AD由题意可知，环境产生污染。(9 MPa)3 x3 MPa(8)久置的乙酰乙酸乙酯会生成去水乙酸，会降低乙酰(3)①T340%②0.0073K,=pH)·pN,)(2)用NaOH溶液对电池正极废料铝镍膜进行“碱浸乙酸乙酯的产率(4)不是(1分)温度过高，催化剂I的活性降低且因反应达到平衡时，r(NH3)=k1·p(N2)·p(H2)1p2 (NH)处理时，A1与Na0H发生反应：2Al+2NaOH+2H,0【解析】本题考查化学实验综合，涉及显色反应、仪器名催化剂活性降低对反应速率的影响大于温度升高对反=2NaA102+3H2↑，生成的H2容易发生爆炸，故“碱[P2(NH称、产率计算等应速率的影响[P(NH)浸”操作中需要保持良好的通风环境。(1)对比图甲所示结构与去水乙酸的结构推测发生反应【解析】本题考查化学反应原理综合。D (H)0,则p3(H2)(3)Na,S,0。中含有过氧键一0一0一，具有强氧化性，H CH.CH,O(1)将题给已知反应依次编号为①②、③，由盖斯定律p(N,)·PNHd可以将Fe2+氧化为Fe3+,“氧化"过程中发生反应的离CH,CH,-=0-CH可知，①-②×了+③×3即得合成氨的热化学方程p2(NHa)(4 MPa)2K。=子方程式为2Fe2++S,0—2Fe3++2S0号：“氧化"过-OCH.CH,Hp3(H2)·p(N2)(9MPa)3×3MPa程中若使用双氧水作氧化剂，溶液中的金属阳离子(F3+)烯醇式酮式去水乙酸式，则a4H=4-3×4h+号×4h=+180.50.0073MPa-2。会催化H202的分解，从而增大H,02的消耗量。2CH,CH,0H,所以有2molC2H,0H生成，即X的结构(4)由图乙可知，a点对应温度下，催化剂Ⅱ对应的N2(4)“浓缩结晶"获取NS0,晶体需要蒸发浓缩，加热会简式为CH,CH,OH。ml'-2×(-05Wml-+号x-483.6的转化率大于催化剂I,说明a点N2的转化率没有达促进N2+的水解，因此控制溶液的pH可以在蒸发浓缩(2)根据题给已知信息可知，加入FCL溶液后，烯醇mol-1)=-92.4kJ·mol-1。到最大，即反应没有达到平衡状态。同理可知a~b段时抑制N2+的水解，从而获得NiS0,晶体。式结构会表现出与苯酚的“显色反应”相同的现象，故(2)①反应的活化能越大，反应速率越慢，第一步反应反应均未达到平衡状态，升高温度，反应速率应加快，(5)①由图乙可知a点为NaOH和NaA1O2的混合溶溶液变为紫色。实验二中，溶液的颜色很快消失是因为慢反应，第二步为快反应，故E1>E2。相同时间内N2的转化率升高，而实际上N,的转化率液，NaOH抑制水的电离，加入NaHCO,溶液后，NaOH为烯醇式结构与Br2发生了加成反应：降低，则原因可能是温度升高，催化剂【的活性降低且②虽然合成氨反应的正反应为放热反应，但为了保证OH0因催化剂活性降低对反应速率的影响大于温度升高对转化为Na,C0,C0的水解促进水的电离，故a一b过生产效率，需要合适的催化剂和高温条件来加快反应反应速率的影响。程中水的电离程度增大；②由图乙可知，V(NaHC0)≤HC-C=CH一C一0-C,H+Br2速率，同时加压使平衡正向移动，提高原料转化率，故29.（每空2分，共10分)OHA正确：当温度、压强一定时，在原料气(N2和H2的比8mL时，无沉淀产生，说明此时加入的NaHC0,与(1)谷氨酸负电位(2)N受体A受体H,CCCH—C0C2H,。例不变)中添加少量惰性气体，相当于减小压强，平衡NaOH发生反应，当V(NaHCO)>8mL时开始产生沉(3)将小鼠随机均分为两组，一组小鼠注射适量的N受将逆向移动，平衡转化率减小，故B错误；将氨气液化淀，此时NaAlO.2开始与NaHCO,反应生成Al(OH)3沉Br Br体阻断剂一AP5,另一组小鼠注射等量的生理盐水，并不断移去，平衡正向移动，随着反应进行，反应物浓度淀，当加入40 mL NaHC03溶液时生成A1(OH)3的物(3)因钠易与水反应生成Na0H,使乙酸乙酯水解，则一段时间后将两组小鼠同时进行隐藏平台水迷宫任务减小，则正反应速率减慢，故C错误：工业上采用分离液质的量最多，为0.032mol,用于与NaAl02反应的为了避免空气中的水蒸气进入体系，应在球形冷凝管的测试，记录两组小鼠找到隐藏平台所需要的时间态的空气制备氮气，天然气的主要成分是甲烷，甲烷和水顶端接一个干燥装置，若缺少该装置，可能会造成三种【解析】本题考查兴奋的传导与传递。NaHC03溶液的体积为(40-8)mL=32mL,由HC03+蒸气可反应生成H2和C0,甲烷、H2和C0都是易燃易影响：①Na与H,0反应，损失原料Na,进而制取不到(1)据图分析可知，在单脉冲电刺激作用下，突触前膜AIO2+H,0=A(OH)3↓+CO-可知，c(NaHC03)=爆的气体，C0会使催化剂中毒，因此原料气须经过净化释放了谷氨酸，并与突触后膜上的A受体结合，引起突0.032mol=1.0mol·L。足量的催化剂C,H,ONa:②Na与H,0反应生成的处理，以防止催化剂中毒和安全事故发生，故D正确。0.032LNaOH使得原料乙酸乙酯水解；③C,H,ONa遇水水解，触后膜兴奋，钠离子内流，兴奋部位的膜内为正电位(3)①由(1)可知，合成氨反应的热化学方程式为N2(g)+失去催化作用。膜外为负电位。【关键点拨】HC0,存在电离平衡：HC0一H+(4)加入等体积的饱和食盐水相当于降低了水的浓度，从3H,(g)2NH(g)△H=-92.4k·mol-1,升高2)据图分析可知，在高频电刺激作用下，突触前膜释C0?,酸性：HC05>A1(OH)3,A1O2结合H生成而降低乙酰乙酸乙酯的溶解度，有利于分层，提高萃取率。温度，平衡向逆反应方向移动，NH,的质量分数减小，放的谷氨酸不仅可以作用于A受体，引起突触后膜兴A1(OH)3,促进HCO的电离，故生成沉淀的离子方程(5)由图丙可知，②处操作为分液，所需要的玻璃仪器由图可知，相同压强下温度为T,时，NH?的质量分数奋，还可以作用于N受体，激活N受体，导致钙离子内为分液漏斗。最小，则温度T1、T2、T3中，I3最大：设M点时氢气的转流，经过一系列变化最终导致突触后膜上的A受体数式为HC0+AN0+H,0一A1(0H),+C0。(6)获得粗产品步骤中，加入了50%的乙酸至pH为6化率为x,由题意可列三段式目增加。27.（除标注外，每空2分，共14分)(1)CH,CH20H(1分)粗产品中会有残留的乙酸，需要用饱和NaHCO,.溶液N2(g)+3H,(g)一2NH,(g)(3)根据题意分析，该实验是验证性实验，目的是验证5洗涤除去过量的CH,COOH。起始量/mol150海马区依赖于N受体的LP参与小鼠记忆的形成，结OH0(7)9.8mL无水乙酸乙酯的质量为9.8mL×0.9g·ml=变化量/mo5x15x10x合实验设计的基本原则和提供的实验材料设计实验：(2)紫色(1分)H,C-CH--O—CH+Br8.2g,理论上生成乙酰乙酸乙酯的质量为0×8,2平衡量/mol5-5x15-15x10x具体实验思路详见答案。g≈30.(除标注外，每空2分，共10分)OH02×8817×10x由平衡体系中NH,的质量分数为40%可得5×28+5×2H,C-C-CH-C-0-C2H6516,故本实验的产率为是x10%-60%。(1)组成成分和营养结构(1分)蛋白质和核酸00%=40%,解得x=40%。(DNA、RNA)(I分】流向消费者(I分)被分解者ar Br(8)由(1)中信息可知，久置的乙酰乙酸乙酯会生成去②由三段式数据可知，M点时N2、H2、NH,的平衡分压为利用(1分)】D59[卷六D60[卷 末两球间的距离为40m,选项C错误，0一4s内，甲，乙两球通过的位移分别为？'=合×30×3m-之×10×1m=40mx2'-合×(30+10)×2m=40m,故第4s末两球在同-高度处，选项D正确20.AC【解析】本题考查动量定理，目的是考查学生的推理能力。以水平向左为正方向，足球的初、末动量分别为po=mw=1.6kg·m/s、力=mv=一2.4kg·m/s,足球的动量改变量△p=力一po=一4kg·m/s,“一”说明△p的方向水平向右，选项A正确，B错误；足球受到的平均作用力F=之=一20N,“一”说明F△d的方向水平向右，选项C正确、D错误。2L.AC【解析】本题考查电磁感应，目的是考查学生的推理能力。由题图乙分析可知，杆b做自由落体运动的时间t1=0.4s、S闭合后杆b做匀速运动的时间12=0.6s,由自由落体运动的规律可知，杆ab匀速运动时的速度大小1=g1,位置1,2间的距离h=2g2+4,解得=4m/s,h=3.2m,选项A正确；杆6匀速运动的过程中，由法拉第电磁感应定律有E一BL,由欧姆定律有1=是，由二力平衡条件有BL=g,解得m=0.2kg,I=2A,选项B错误；在杆ab从位置1运动到位置2的过程中，由能量守恒定律可知，回路中产生的热量Q=mgh一之mm,由电流的定义可知，通过杆b某一横截面的电荷量g=1,解得Q-4.8J、q=1.2C,选项C正确、D错误22.(1)B(2分)(2)F(2分)(3)4.70(2分)【解析】本题考查力的平行四边形定则的验证，目的是考查学生的实验能力。()本实验中，用一个弹簧测力计代替两个弹簧测力计拉橡皮条，使结点O拉到同一位置O',两次效果相同，选项B正确。(2)F是合力的理论值，F是合力的实际值，只用一个弹簧测力计拉橡皮条的拉力是F。(3)根据题图丙，结合读数规则，该弹簧测力计的示数为4.70N。23.(1)b(1分)(2)较小(2分)器(2分)不合格(2分)(4)小(2分)【解析本题考查闭合电路的欧姆定律，目的是考查学生的实验能力。(1)黑表笔应接内部电源的正极，可知b表笔是黑表笔。(2)由表中数据知，当水中溶解的固体含量减小时，水的电阻率增大，而水柱的长度、横截面积均不变，故水柱的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律，通过电流表的电流减小。(3)当电流表半偏时，通过电流表的电流I=1,根据闭合电路的欧姆定律有R+Rm=号，且R,=R票R,=P专S=寸解得一品代入数值可得水的电图率约为P3,14X10Q·m:对应的圆体含量s>1.00mg/L,该净水机不合格。()=R,+7十R+R一号，由于电源的内盟，变大，测量前需将滑动变阻器R接人电路的电阻适当金卷押题猜题理科综合（二）参考答案第3页（共10页）22·JJ.YTCT 高考冲刺押题卷（二）续24理科综合·答题卡1.答题前，考生务必将自己的班级、姓名、考生号、考场号、座号填写在答题卡上。意2.答题时，必须使用黑色墨水签字笔书写，要字体工整，笔迹清晰。事项3.答题时，严格在题号所指示的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持答题卡清洁，严禁折叠，严禁在答题卡上作任何标记，严禁使用涂改液、胶带纸和修正带。25.(20分)选择题12:[c]6 [A][B][C][D]11 [A][B)[C][D]te21【A][B][C][D[c][D7[AJ[B][C][D]12[A][B][C][Dj8[A][B][c][D]13[A1[B1[C]fD][C]ID]9〔A][B][C1[D]14 [A][B][CJID]10[A][B][C][D]15[A]tB][C][D8888非选择题（一)必考题22.(5分)(1)(1分)》(2)（2分)(2分)26.(14分)》23.(10分)》(1)(1分)(1)二(1分》(1分)(2)(1分)(2)如图所示(2分)(3)(1分)(2分)(3)(2分)(2分)(4)(2分)(2分)(5)(2分)(1分)(6)(2分)(2分)24.(12分)27.(14分)(1)(1分)》(1分)(2)(2分)(3)(1分)(4)(2分)(2分)》(5)(2分)(6)(1分)(2分)■理科综合（二）第1页共2页座号 为其中子数的两倍，m=7,故X为N元素，Y为氧的一种核素。由口也很容易找到，所以同学们对匀变速直线运动的推论一定要理2.高考最后一卷（二】W的质子数为X、Y质子数之和可知，a=15,W是P元素，M为Si解到位，并且给予足够的重视。当然此题也可以用运动学的基本元素X的质是数为14但是X可能有多种核煮，所以X的析规律来求解，通过解方程组的形式解答答案速查常染色体移到细胞同一极的概率为1/4，因此产生正常子细胞的概相对原子质量无法确定，A项错误。同周期主族元素从左到右16.【答案】D率为1/4，C正确；分析题图可知，该变异使两条染色体上的基因排原子半径逐渐减小，同主族元素从上到下，原子半径逐渐增大，原【命题意图】本题以汽车启动为载体考查：一t图像、牛顿运动定题号12345678910列顺序和数目发生了改变，D正确子半径M>WX>YB项正确。NP两种元素均有多种含氧酸律、功和功率的相关知识，考查考生的分析综合能力。6.【答室1C所以无法确定N、P、Si三种元素含氧酸的酸性强弱，C项错误【名师精析】由题图可知汽车的速度随时间非线性增大，汽车的加答案BDABA CC D CC【命题意图】本题考查了群落和群落演替的相关知识，意在考查考P元素和Si元素形成的氯化物有PCl3、PCl5、SiCl4等，其中PCl速度也随时间增大，即牵引力随时间增大，所以牵引力的功率不随题号11121314151617181920生运用所学知识分析问题的能力。分子中P原子不是8电子结构，D项错误。时间均匀增大，故A错误：由题图可知，汽车关闭发动机后的加速度答案BCAC B DD CACD CD「名师结析】据颗干信息分析，顶极群落与当地气候和十壤条件外2.【答案】0大小为a3=2m/2,由牛顿第二定律有F:=ma3=2000N,1s时题号21于平衡状态，说明演替过程的主要影响因素可能是气候和土壤条【命题意图】本题考查电解池原理，注意掌握电极的判断、电极反汽车的加速度大小为41=4m/2,由牛顿第二定律有件，同时也受群落内部生物之间关系的影响，A错误：顶极群落能应式的书写和利用率的计算，侧重考查考生电化学知识的灵活应-F=ma1,解得P,=6000N,2s时汽车的加速度大小为答案BD量的输入和输出以及主要种群的出牛超和死名状到平衡而不用能力。a2=6m/s2,由牛顿第二定律有F2-F:=ma2,解得F2=是各个种群的出生率和死亡率都达到平衡，B错误：北极苔原群落【名师精析】由图可知，连接电池正极的一端为阳极，阳极产生1.【答案】B【命题意图】本题考查了细胞结构与功能的相关知识，意在考查考虽然结构简单，物种丰富度低，但是和当地的气候和土壤条件相适02,电极反应式为2H20-4e一02↑+4H,A项正确。pH相同80O00N,所以F2=F,故B错误；第1s内对汽车由动能定理生对教材知识的识记和分析能力应，达到平衡状态，因此属于顶极群落，C正确；环境条件不相同的时，C1的还原性较强，在阴极上失电子发生氧化反应2C1-2e【名师精析】其核细胞和原核细胞中都含有核糖体，但在光学显微情况下，初生演替和次生演替达到顶极群落所需的时间无法比较，C,↑故H相同时.在盐酸中H、O,的生产效率校低，B顶有用1-F=7m听-0，解得1=F+2mi,第2s内对D错误正确。要产生100g3.49%的产品，即产生0.1molH202,由阴极境下观察不到，A错误：细胞骨架具有维持细胞形态、保特细胞内部结构有序性的作用，细胞壁对植物细胞有支持和保护作用，也具【知识拓展】顶极群落是生态演替的最终阶段，是最稳定的群落阶的电极反应式02+2H+2e一H202可知，需要0.2mol电子，汽车由动能定理有，-F=2m号-之m听，解得网有维持细胞形态的作用，B正确；细胞质基质中存在能携带氨基酸段，其中各主要种群的出生率和死亡率达到平衡，能量的输入与输若使用铅蓄电池作电源，消耗25.9gPb,消耗电子207g·nm×25.9g2的RNA,不存在能携带核苷酸的物质，C错误：动物和低等植物细出以及生产量和消耗量（如呼吸）也都达到平衡。胞中有中心体，是细胞分裂中染色体精确分离必不可少的结构，而7.【答案】C于题中信息不足，无法求解云，故C错误；1。时汽车牵引力的高等植物细胞中没有中心体，D错误。【命题意图】本题综合考查物质的性质、分类及用途，注意把握物质2-025m,则能量利用率为×10%=0%，C项错误。功率P1=F,=12×10W,2s时汽车牵引力的功率P2=因为温度过高，气体的溶解度下降，阳极生成的O2会逸出，D项2.【答案】D的组成、结构、性质和用途的关系，注重化学知识应用及化学与生F2248×10W,所以P2=4P,故D正确命题意图】本题考查了外界因素对酶活性影响的探究实验，意在活的联系。正确。【方法归纳】由速度一时间图像获得加速度的信息，然后由牛顿考查考生的识图分析和实验探究能力。【名师精析】新型冠状病毒能在低温条件下传播是由于低温下蛋白13.【答案】A第二定律寻找牵引力和阻力的信息，最后结合动能定理、功和功【名师精析】根据题干信息，该实验使用的是胃蛋白酶，该酶的适宜质不易变性，A项错误。-般情况下，油脂、蛋白质和多糖进人人【命题意图】本题以酸碱中和滴定为载体，考查弱电解质的电离和率的定义解决问题pH约为1.5，A错误：分析题图可知，3时刻对照组和实验组的酶体中首先发生水解，但是葡萄糖不能水解，可直接被人体吸收，B盐的水解有关知识，考查考生的图像分析判断及知识综合运用的17.【答案】D促反应速率相同，但此时底物浓度不同，说明酶的活性不同，B错项错误。嫦娥五号探测器着陆器展示的“织物版”国旗以国产高性能力命题意图本题考查万有引力定律，涉及天体质量、密度的计算误；分析题图可知，在反应初始阶段，实验组的酶促反应速率低于能芳纶纤维材料为主，是一种新型高科技合成纤维，具有超高强【名师精析】b占时DH=7.溶液恰好昆中性.此时未达到滴定终等，考查考生的推理能力。对照组，说明Mg2抑制了蛋白酶的活性，'3时刻后，实验组的酶促度、耐高温耐酸、耐碱、重量轻等优良性能，C项正确。聚乙烯塑点，c点时盐酸与三甲胺恰好完全反应，即c点为滴定终点，c点为反应速率高于对照组，是因为对照组的底物即将消耗完毕，而不是料无毒，可用于食品包装，D项错误。应盐酸的体积更大，A项正确。a、b两点的溶质均为MOH和【名师精桥」在火星表面万有引力等于重力，有G加=mg,解得Mg2+能提高酶的活性，C错误；实验目的为“探究Mg2对蛋白酶活8.【答案】DMCe占的蓉质为MCd点的溶质为MCI和HCL MCE保进水的性的影响”，实验中蛋白酶溶液的用量为无关变量，两组应控制相命题意图】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查考生的分析电离，而MOH和HC1均抑制水的电离，所以c点水的电离程度最R×0.38g=6.6×102kg,放A错误；在火星表面万有引力同，随着反应的进行，底物浓度逐渐降低，酶促反应速率也逐渐降与应用能力。大，B项错误。根据物料守恒a、b、c、d四点的n(MOH)+n(M)相低，因此该实验能体现出酶促反应速率与底物浓度呈正相关，D【名师精析】由干吡啶举似干苯，所以分子中不含有双肄，A项错等，但由于4、b、c、d四点溶液的总体积不同，所以c(MOH)+提供向心力，有GM=mR,解得=√0.38gR=3.6km/s,故正确误。吡啶分子中氨原子未与氢原子结合，所以其一氯代物只有c(M)不相等，C项错误。c→d过程中加入过量的盐酸，故溶液导3.【答案】A种，B项错误。糠醇分子中含有饱和碳原子，所以不可能所有原子电能力增强的主要原因是c(Cl)、c(H)均增大，D项错误。B错误：该探测器绕火星表面运动的周期T2mR-5.9×10。,【命题意图】本题以新冠病毒疫苗为背景考查了免疫的知识，意在均处于同一平面上，C项错误。糠醇含有碳碳双键，所以能发生加14.【答案】CMM3×0.38g考查考生的信息获取和根据知信息解决问题的能力。聚反应，D项正确。【命题意图】本题考查核反应方程和核能的相关知识，考查考生故C错误；由密度的定义p=,解得p=4TR【名师精析】根据题干信息可知，新冠病毒疫苗选择S蛋白作为抗9.【答案】C的理解能力命题意图】本题考查混合物分离提纯，注意把握物质的性质、流程3原，因此mRNA需在人体细胞内翻译出蛋白质后才能作为抗原，A【名师精析】该反应是轻核的聚变反应，并不是α衰变，故A错误中发生的反应、混合物的分离方法，侧重考查考生的分析与实验由电荷数守恒和质量数守恒可知X的电荷数为0，质量数为1，则4.0×103kgm3,故D正确错误；细胞膜的主要成分是脂质和蛋白质，用脂质纳米颗粒包mRNA,有利于疫苗与人体细胞膜融合，从而使mRNA进入人体细能力。X为中子，故B错误：由核反应方程可知此反应中亏损的质量【方法归纳】天体运动的问题里有两个重要的关系：一是万有力和重力的关系，在忽略星球自转影响的条件下，二者相等：二是跑内，表达产生相应的抗原蛋白，B正确：据题干信息，该公同司将S名师精析】步骤1为萃取分液，萃取振荡操作时，要及时打开分液△m=2m1-m2-m,由爱因斯坦质能方程可知该反应中释放的绕转模型中，万有引力提供向心力蛋白的986和987位的两个氢基酸变为脯氨酸，故改造后的$蛋白漏斗的活塞放气，防止分液漏斗中压强过大，产生危险，A项正确核能为△E=(2m1-m2-m3)c2,故C正确：轻核聚变又叫热核反18.【答案C与新冠病毒的S蛋白有区别，C正确：该疫苗在人体细胞中表达产步骤2为蒸馏操作，温度计水银球应处于蒸馏烧瓶支管口处，测定应，虽然有大量核能释放，但现在应用的技术还不成熟，而且核电【命题意图】本题考查点电荷的电场，涉及电场强度的叠加、电势生S蛋白后，刺激B细胞增殖分化，B细胞的细胞周期将缩短，气温度，B项正确。步骤4是获得MgC2·6H,0晶体，应该采用站中广泛应用的是重核裂变，故D错误。和电势能及其变化，考查考生的理解能力和分析综合能力D正确。蒸发浓缩、冷却结晶，所以加热到出现少量晶体或者液面出现晶膜方法归纳】在接反应中电荷数守恒、质量数守恒，但质量不守名师精析】将B点处的点电荷拆分成两个所带电荷量均为一Q4.【答案】B就可停止加热，C项错误。步暖3为碘的升华操作，可以用图示装恒，如果反应过程中出现质量亏损就会有相应的核能释放。另外的点电荷，分别与A、C两点处的点电荷组成等量异种点电荷，而【命题意图】本题考查了教材常见实验的原理和方法，意在考查考登完成，D项正确雪要了解典型的核能利用，比如核电站、原子弹、氢弹等的核反应0点为两组等量异种点电荷中垂线的交点，所以0点的电势为生对教材实验的学握情况10.【答案】C零，故A错误；对O点的电场强度进行分析可知，AC两点处的点【名师精析】达尔文探究植物向光性产生的原因的实验中，所做的【命题意图】本题考查化学速率、反应路径和活化能，注意影响反15.【答案】B处理如去掉胚芽鞘的尖端、分别遮盖胚芽鞘尖端和它下面一段，运应速率的因素，侧重考查考生分析与运用的能力。【命题意图】本题考查匀变速直线运动的公式和相关推论，考查电荷在0点产生的电场强度的矢量合EC=,方向与AB方向用了“减法原理”。B正确。【名师精析】由化学方程式可知，碳碳双键与H20发生加成反应考生的理解能力和推理能力。5.【答案】AA项正确。由图可知，三条路径的活化能大小顺序为I>Ⅲ>Ⅱ名师精析】将汽车的剩车运动看成反向的初速度为零的匀加速成60°角，B点处的点电荷在0点产生的电场强度E。2，方向【命题意图】本题借助图形考查了染色体变异的相关知识，意在考活化能越小，反应速率越快，所以路径Ⅱ的速率最快，B项正确运动，连续相等的时间T。内通过的位移之比为1：3：5：7：9：查考生的识图分析能力和综合应用能力升高温度，反应速率加快，活化能越高的反应，反应速率增大的越由已知条件可知，16m刚好是两个T内的位移，所以T0=0.5s,沿AB方向，所以根据矢量的分解和合成可知O点的电场强度大【名师精析】分析题图可知，图中的交换发生在同原染色体的非姐多，所以升高温度，反应速率变化最大的是路径,C项错误。催汽车的刹车时间t=2.5s,设汽车的加速度大小为a,则有x0=小B。=√/Ecim60户+(Ecos60°+E0了-70.故B错妹染色单体之间，但是屈于不等交换，交换的结果，导致其中一条化剂可以改变反应的路径，所以使用不同的准化剂，反应路径可染色体缺失，一条染色体重复，因此属于染色体结构变异，不属于能不同，D项正确。2aT=1m,解得a=8m/2,则汽车的初速度0=a×57。-误：由于0点与0点关于AC对称，所以A、C两点处的点电荷在交叉互换，A错误：图中非姐妹染色单体发生染色体的新裂和重11.【答案】B0'占和O占产生的申热相等，而B点处的点电荷在O'点产生的电接，而染色体由DNA和蛋白质组成，因此会发生DNA的断裂和连【命题意图】本题考查物质结构和元素周期律，侧重考查的化学核20m/s,汽车的平均速度==10m/s,故A、C、D错误势高于在0点产生的电势，所以三个点电荷在0'点产生的电势启接，B正确；据题干信息分析，该变异发生在有丝分裂过程的同湖心索养是证据推理与草型认知B正确于在0点产生的电势，即Po>P0,则点电荷-q在O'点的电势染色体之间，在分裂后期，姐妹染色单体分开形成染色体，两条正【名师精析】由X+He(mY+H可知，n=14,X的质量数【方法归纳】此题应用匀变速直线运动的规律来解很简单，突破能小于在0点的电势能，故C正确；由前面的分析可知90=0，所·78 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷 2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 18.（16分)如图所示，在竖直平面内存在直角坐标系x0y,第二象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，电场强度为E,在第一象限内存在水平向右的匀强电场，电场强度为E2=0.375N/C,在第一象限内，y= 4、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 5、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫 26.(1)恒压分液漏斗(1分)；可平衡烧瓶中压强，便于硝酸流下(2分)(2)吸收挥发的HNO3(2分)(3)4NO+O2+2CO⅓—4NO2+2CO2(3分)(4)排尽装置中的空气，防止生成的O被氧化，干扰气体产物的检验(2分)(5)C,E,D(2分)(6)A中产生红棕色气体，D中通入氧气后，气体由无色变为红棕色(2分)【命题意图】本题以NO2的探究性实验为载体考查实验仪器、实验原理及实验设计等知识，体现科学探究与创新意识的核心素养。【解题分析】I.(3)丁中澄清石灰水变浑浊，说明丙中产生了CO2,故丙中NO、O2通入N2CO3溶液中发生反应的离子方程式为4NO+O2+2CO号—4NO2+2CO2。Ⅱ.(5)在装置A中制取气体，用(C)对气体进行干燥，然后用冰水浴(E)检验O2,再用O2和热水浴(D)检验NO,最后用NaOH溶液(B)进行尾气处理。所以仪器的连接顺序（按左→右连接）为A、C、E、DB。27.(1)+4(1分)(2)升温（或对原料进行粉碎）(1分)；ZrSiO,十4NaOH高温NaSi0,十NaZO,十2H,O(3分)(3)洗去过量的NaOH和生成的Na2SiO3、NaA1O2等水溶性杂质，减少“酸浸”过程中盐酸的消耗(2分)(4)蒸发浓缩，降温结晶(1分)(5)ZrO++2NH3·H2O+H2O=Zr(OH)4V+2NH(3分)(6)2.7(2分)(7)pH值过大，平衡逆向移动，不利于吸附F(2分)【命题意图】本题以nHZO制备为载体，考查工艺流程分析，体现证据推理与模型认知、科学精神与社会责任的核心素养。【解题分析】(6)Km[Fe(OH)3]=c(Fe3+)·c3(OH)=1.25×10-39,Fe3+恰好沉淀完全，则c(Fe3+)=10-5mol·L-1,c(0H)=3/1.25×103910-1410-5=5×102mol·L,所以c(H)=5x10=2X10-3mol·L-1,pH=3-lg2≈2.7。28.(1)△H1+△H2(2分)(2)7.6(1分)(3)氧气分压高，使反应I平衡向逆反应方向移动，c(H十)增大，导致反应Ⅱ平衡向逆反应方向移动，释放出更多的CO2(3分)(4)①2.00(3分)；A(1分)②<(2分)③60(2分)【命题意图】本题考查化学反应原理及相关计算，体现变化观念与平衡思想的核心素养。【解题分析】(2)根据反应HbO2(aq)+H+(aq)一HbH+(aq)+O2(g)可知，pH越大，c(H+)越小，化学平衡逆向移动，增大了血红蛋白与氧气的结度度，所以根据图示可知曲线a的a最大，所以对应的pH为7.6。(4)①对于反应M(aq)+O2(g)一MbO2(aq),假设反应开始时Mb的浓度为1，转化率为a,则平衡时c(MbO2)c(Mb)=(（1一a),c(MOz)=a,K=c(Mb),bO),根据图示可知B点为平衡状态，p(O,)=2.0kPa,ac(MbO2)0.880%,代人K=cMb:p0)a.2又2kPa1=2kPa':全国100所名校最新高考模拟示范卷·参考答案第6页（共12页）【22·ZX·MNJ·理综（六）·Y】 30.(除注明外，每空1分，共10分)(1)显性减数第一次分裂前期或减数第一次分裂后期（缺一不可）(②)雌果蝇中b基因纯合致死（雌性果蝇中b个休致死）2分)心心的个体不能存活aXX,AACY2/5(3)实验思路：取F,中刚毛雌、雄杂交，观察并统计子代雌雄的比例预期结果及结论：若子代果蝇雌、雄比为1：1，则假说二正确，反之假说一正确（或若子代果绳雌、雄比为3：4,则假说一正确)（合理即可，2分）31.(除注明外，每空1分，共9分)(1)协助扩散内负外正转变为内正外负(2)电信号（局部电流或神经冲动）突触小泡慢(3)不属于反射是指在中枢神经系统的参与下，机体对内外刺激产生的规律性应答反应，但产生热痛惠觉的过程中没有应答反应（或没有经过完整的反射弧，合理即可，2分）(4)抑制离子通道蛋白打开32.(除注明外，每空1分，共10分)(1)垂直蓝藻大量繁殖覆盖于水面，使水下光照不足，抑制了金鱼藻的光合作用，从而影响其生长繁殖（合理即可，2分)(2)挺水植物或浮游植物与蓝藻竞争阳光等资源，同时分泌抑藻物质抑制蓝藻生长繁殖；吸收水体中N,P等矿质营养，防治水体富营养化（合理即可，2分）直接和间接（缺一不可）(3)①分解者将污水中的有机物分解为无机物②污染物中的有机物被厌氧池中的微生物（充分的）分解，污染物中不易分解吸收的物质在过滤池中降解，污染物中的无机盐（无机物）被浮床系统中的植物（充分的）吸收（合理即可，2分）37.(除注明外，每空2分，共15分)(1)防止杂菌污染，保证培养物的纯度（合理即可）温度、压力、时间(2)首先给b试管中加人9mL无菌水，再用移液管（移液枪）从a试管中吸取1mL酵母菌菌液，注入b试管中吹吸三次，使菌液与无菌水充分混匀（合理即可）(3)涂布平板B形状，大小、隆起程度、颜色(4)不适合(1分)第一区域划线结束，接种环灼烧后未冷却即开始划线：第二区域划线未从第一区域末端开始（合理即可）38.(除注明外，每空2分，共15分)(1)两种引物逆转录酶和Tg酶（核酸酶）使两种引物通过碱基互补配对与两条单链DNA结合(2)农杆菌转化法三者都由脱氧核苷酸构成，都具有规则的双螺旋结构；不同生物共用一套遗传密码子(不全不给分)(3)基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状(4)支持(1分)“黄金大米”可以解决儿童VA缺乏症，现行的安全性评估可以保证转基因食物的安全（反对转基因“黄金大米”可能产生过敏物质)（答案合理、理由能支持论点即可）【冲刺卷·生物参考答案第？页（共12页）】四B
