C.若小车作加速度a=碧m公的匀加速运动，则AC绳拉力为零D.若小车作加速度a=15m/s2的匀加速运动，则BC绳拉力为18.75N二、实验题（本题共3小题，每小题6分，共18分）】14.(6分)某同学做“探究小车速度随时间变化的规律”实验：(1)如图甲是实验室常用的电火花打点计时器，其所用的电源是图乙中的▲（填“A”或者“B”)。正脉冲输入插座,负脉冲输人插座墨粉纸盘纸带电火花计时器A.学生电源B.照明电源插座甲乙(2)通过正确的实验操作，获得数据后将其在右图中描咖m.s10.6点记录，请根据图中点迹作出小车的v-t图；0.5(3)由图象求出小车的加速度▲/s2;(结果保留0.4两位有效数字)0.30.20.100.10.20.30.40.50.6s15.(6分)用如图甲的装置做“探究求合力的方法”实验，主要步骤如下：①在水平桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；②用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端系上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；③用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，橡皮条与细绳的2结点到达某一位置0，记下0点的位置及两8个弹簧测力计的示数F和F2;3④只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，让结点再次到达位置0，读出弹簧4测力计的示数F,记下F的大小和方向；甲乙⑤选好标度，分别作出力F、F2、F的图示并根据实验要求作出图示；⑥多次进行实验，归纳得到结论。根据上述内容回答下列问题：(1)步骤③中遗漏的重要操作是▲(2)某次用弹簧测力计拉橡皮条时弹簧测力计的指针位置如图乙所示，则弹簧测力计的示数▲N;十校高一物理试题卷一4（共6页）

9.如图所示，空气中水平放置着一个足够宽的长方体玻璃砖，在竖直平面内相距为d、彼此平行的两条细光束甲、乙斜射到玻璃砖的上表面。已知甲光光子的能量比乙光光子的能量大，不考虑所有的反射光线，则下列说法正确的是()、甲A.甲光的折射率大于乙光的折射率B.甲光在玻璃中的传播速度比乙光在玻璃中的传播速度小C.两束光射出玻璃砖后光子的能量都会变小D.两束光射出玻璃砖后仍然平行且距离可能大于d10.如图所示水平放置的平行板电容器，两板间距为d,电压恒为U,两板间为匀强电场.为便于描述，以两板中心连线中点为坐标原点0并建立如图平面直角坐标系。0点为一粒子源沿x轴正向以速度v。发射出一个质量为m、带正电粒子，粒子沿x轴正向做匀速运动（粒子落到极板即被吸附，坐标轴不随极板转动)，重力加速度大小为g,则下列说法错误的是()-A0-B102人A板带负电、B板带正电，粒子的电有量为受B.若A、B两板分别以0、0，为轴在纸面内逆时针转动15”后，沿x轴正向射入的粒子将做曲线运动C.若两板以0为轴在纸面内顺时针转动180°，粒子由0点以v,沿x轴正向射入且未从极板凤，子在版上的高生标为品号D.若两板以0为轴在纸面内顺时针转动90°，粒子由0点以，沿y轴负向射入，当其达到A板时增加的动能为1.5mgd,则粒子的初速度v%=√gd高三物理（一模）一5

9.“战绳”是一种时尚的健身器材，有较好的健身效果。如图甲所示，健身者把两根相同绳三、非选封子的一端固定在P点，用双手分别握住绳子的另一端，然后根据锻炼的需要以不同的频率12.(6分)不同的幅度上下抖动绳子，使绳子振动起来。某次锻炼中，健身者以2H的频率开始抖动步骤如绳端，=0时，绳子上形成的简谐波的波形如图乙所示，α、b为右手所握绳子上的两个质①固定点，二者平衡位置间距离为波长的号，此时质点a的位移为8V2cm。已知绳子长度为②从③手机12m,下列说法正确的是y/cm左手820x/m右手-16图甲图乙根据声Aa、6两质点振动的相位差为号B.=名时，质点a的位移仍为8V2cm,且速度方向向下根据实C,健身者增大抖动频率，将减少振动从绳子端点传播到P点的时间(1)D.健身者抖动绳子端点（刚开始处于平衡位置），经过0.8s振动恰好传到P点(2)i10.如图所示，两根足够长光滑平行金属导轨间距l=0.9m,与水平面夹角0=30°，正方形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度B=2T,方向垂直于斜面向上。甲、乙是两根质量相同、电阻均为R=4.862的金属杆，垂直于导轨放置。甲置于磁场的上边界ab处，乙置于甲上方1处，现将两金属杆由静止同时释放，并立即在甲上施加一个沿导轨方向的拉力F,甲13.(8分始终以a=5ms2的加速度沿导轨向下运动，乙进人电压磁场时恰好做匀速运动，g取10m/s2。则(1).月A.甲穿过磁场过程中拉力F随时间均匀增大B.每根金属杆的质量为0.3kg(2)于C.乙穿过磁场过程中安培力的功率是3WD.乙穿过磁场过程中，通过整个回路的电荷量为}C(311.如图所示，小物块质量m=1kg,长木板质量M=3kg(木板足够长)，小物块与长木板间的动摩擦因数为山=0.2，长木板与水平地面间的动摩擦因数为2=0.1。t=0时，小物块以初速度=6ms向右滑上静止的长木板，同时给长木板施加一个水平向右的力F=14N,力F维持1.5s后撤去，g取10m/s2。则A.经过1s二者速度第一次大小相等FB.速度第一次大小相等后二者一起加速，再一起减速TmmmmmmmmmmmmnmmmmmmmC.小物块相对长木板向右最远运动3mD.经过1.625s二者速度第二次大小相等高三物理一榄笔4（6而）

2022一2023学年度下学期高三年级第五次综合素养测评4,如图所示力一软“乒民球练”。其利殖筒单且不受空的限制，常适用于居流。整个系由金属底支探杆，高软行以及圆定在软仟一的乒。金一次击物理试卷球之后，乒元球从A点以某一切惠政开始运动，经过最高点B之后向右运动到是运处CA，本试卷分第1卷（运择题）和第Ⅱ卷（非选排题）两部分。共8页，消分100分，考试时同面底速的整直高医比的高不空气血力，将形氏球从小的中)75分A,地面对底座始终无摩擦力9第I卷（选择题共46分）B.乒兵球在C点时，加速度为零一、单项造择题（本题共7小题，每小题1分，共28分.在每小题给出的网个选项巾，只有一项C.乒乓球一（处于超重状态D,乒乓球的重力势能先增加后诚小是符合题日要求的)1,2020年12月日，新一代-人造太阳”装置一中国环流器二号M装登(Hl,-2M0在成都建5,202卡塔尔世界怀的比察用球一LR1HLA在比斑开始前，静置于球员人场道口的复而上，如图所示.用三个立柱（可视为质点）将足球支起，小立柱成正三角形在水平陶上，成并首次实现利用核聚变放电，下列是核聚变反应的是立柱与足球球心的连线与竖直方向的夹角均为3”，已知每个立柱对是球的支特力大小为AH+iH→He+nB.UTh+He2.5N,s63°=0.8.不计足球与立柱向的岸擦，则下列说法正确的是C,U+n→Ba+Kr+3nD.4N+IHc→gO+H2.2022年5月10日1时6分，天舟四号货运飞船采用快速交会对接技术，顺利与在轨运行的天和枝心隐进行交会对接。对接前，天舟四号货运飞船绕地球假稀圆运动，近地点A和远地点B如图所示，天和核心舱在离地球表面高度么处做匀速圆周运动。若对接地点在椭四轨通的远地点B,下列说法正确的是0.(侧图铁天和心舱A单个立柱对足球的作用力竖直向上B.是球对立柱的力与桌面对立柱的力是一对相互作用力C.足球的重力为4.5N天舟四号D.减小立柱与足球球心的连线与竖直方向的夹角，则每个立柱对足球的支持力变大6,“水流导光”实验装置如图所示，长直开口透明塑料瓶内装有适量请水，在其底侧开一小孔A天舟四号在A点的运行度小于在B点的运行速度水从小孔流出，形成弯曲不散开的水流，用细激光束透过塑料瓶水子射向该小孔，观察到邀光B天舟四号从A运动到B的过程中，动能减小，引力势能增大，机械能议小束没有完全被限制在水流内传播。下列操作中，能使激光束完全被限制在水流内传福的是C,在交会对接前天舟四号的运行周期比天和核心舱的运行周期大D,天舟四号在B点点火加速，才能与天和核心舱颗利完成对接将长绳一段圆定在墙上，另一演用手捏住以恒定振幅上下持续振动，产生的绳波沿绳自左向右传循，图示时别，波形刚好传播到A点，下列州斯正确的是A.手的起振方向向下且若增大于的振动颜率，绳该的放长将增大C.此后A点会向右匀速运动A增大激光的领率B.增大兼光的强度D.名减小手的振动舞车，绳被的传播莲度不发生变化C改用这长更长的置光D,改用折射率更小的体物理第1页（共8页）始理第2页（共8页】配

讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4Hz、周期为0.25s,A项正确、B项错误；当摇把的转速减小时，驱动力的频率更接近固有频率，弹簧振子的振幅增大，C项正确、D项错误。答案：AC7.已知某简谐横波在t=0时刻的波形如图甲所示，介质中某质点做简谐振动的位移一时间图像如图乙所示，则y/my/m0.2BD0.51.0xm-0.2-0.2甲A.该简谐横波的波速是0.5m/sB.若该简谐横波沿x轴正方向传播，则1s后，质点B运动到现在质点D的位置C.若该简谐横波沿x轴正方向传播，则t=0时刻，质点B向下运动D.若图乙描述的是质点D的振动情况，则该横波沿x轴负方向传播解析：本题考查机械波和机械振动的图像。由甲图知波长为1.0m,由乙图知周期为2s,则波速。一宁-号ms=0.5/s,A项正确；机械波上的质点不随波迁移，B项错误；由“上下坡法”可知，若该简谐横波沿x轴正方向传播，则此时质点B向上运动，C项错误；若图乙描述的是质点D的振动情况，从t=0时刻开始，质点D往正方向最大位移处运动，振动方向向上，在甲图中，D右侧相邻质点的位置比D高，说明D是由其右侧质点带动的，所以该波沿x轴负方向传播，D项正确。答案：AD8.如图()所示，质量为的物块A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平地面上，物块B以大小为1.2的速度向A运动，设物块B与弹簧接触的时刻为零时刻，时刻，物块A和B达到共同速度vo,A、B运动的v一t图像如图(b)所示。已知0~t时间内，物块A相对于地面运动的位移大小为0.36t6,则下列说法正确的是21.2B001.20BM A图(a图(b)A.物块B的质量为6mB.物块B的质量为5mC.0~t时间内，物块B的位移大小为1.128otoD.0~to时间内，物块B的位移大小为1.1oto解析：本题考查含弹簧的动量守恒。0一t时间内，根据动量守恒定律有mBX1.2=(m十B),解得B=5m,A项错误、B项正确；在物块B压缩弹簧的过程中，物块A、B组成的系统动量守恒，有mBX1.2=BvB十mUA,0~to时间内，根据位移等于速度在时间上的累积，可得BX1.2to=mBxB十.xA,将xA=0.36to、mB=5m代入可得xB=1.128bt0,C项正确、D项错误。答案：BC【24新教材·ZCYK·物理-LKB-选择性必修第一册-QG】

讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4Hz、周期为0.25s,A项正确、B项错误；当摇把的转速减小时，驱动力的频率更接近固有频率，弹簧振子的振幅增大，C项正确、D项错误。答案：AC7.已知某简谐横波在t=0时刻的波形如图甲所示，介质中某质点做简谐振动的位移一时间图像如图乙所示，则y/my/m0.2BD0.51.0xm-0.2-0.2甲A.该简谐横波的波速是0.5m/sB.若该简谐横波沿x轴正方向传播，则1s后，质点B运动到现在质点D的位置C.若该简谐横波沿x轴正方向传播，则t=0时刻，质点B向下运动D.若图乙描述的是质点D的振动情况，则该横波沿x轴负方向传播解析：本题考查机械波和机械振动的图像。由甲图知波长为1.0m,由乙图知周期为2s,则波速。一宁-号ms=0.5/s,A项正确；机械波上的质点不随波迁移，B项错误；由“上下坡法”可知，若该简谐横波沿x轴正方向传播，则此时质点B向上运动，C项错误；若图乙描述的是质点D的振动情况，从t=0时刻开始，质点D往正方向最大位移处运动，振动方向向上，在甲图中，D右侧相邻质点的位置比D高，说明D是由其右侧质点带动的，所以该波沿x轴负方向传播，D项正确。答案：AD8.如图()所示，质量为的物块A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平地面上，物块B以大小为1.2的速度向A运动，设物块B与弹簧接触的时刻为零时刻，时刻，物块A和B达到共同速度vo,A、B运动的v一t图像如图(b)所示。已知0~t时间内，物块A相对于地面运动的位移大小为0.36t6,则下列说法正确的是21.2B001.20BM A图(a图(b)A.物块B的质量为6mB.物块B的质量为5mC.0~t时间内，物块B的位移大小为1.128otoD.0~to时间内，物块B的位移大小为1.1oto解析：本题考查含弹簧的动量守恒。0一t时间内，根据动量守恒定律有mBX1.2=(m十B),解得B=5m,A项错误、B项正确；在物块B压缩弹簧的过程中，物块A、B组成的系统动量守恒，有mBX1.2=BvB十mUA,0~to时间内，根据位移等于速度在时间上的累积，可得BX1.2to=mBxB十.xA,将xA=0.36to、mB=5m代入可得xB=1.128bt0,C项正确、D项错误。答案：BC【24新教材·ZCYK·物理-LKB-选择性必修第一册-QG】

3.(1)两个力的方向较合力理论值与实验值的关系，验证力的平行四边形定(2)F则，则需要记录下弹簧测力计a、b的示数F1、F2,两个(3)D力的方向以及O点的位置.(2)F'是通过一个弹簧测力计沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，方向一定沿AO方向，由于误差的存在，理论值F和实际值F'方向并不一定重合.(3)对O点受力分析，受到两个弹簧测力计的拉力和橡皮条的拉力，如图，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，a弹簧测力计拉力方向不变，b弹【解析】本题考查“验证力的平行四边形定则”实验.(1)根簧测力计拉力方向和大小都改变，根据平行四边形定据实验原理可知，以表示力F,和F2的线段为邻边作平则可以看出，b弹簧测力计的读数先减小后增大，α弹簧行四边形，平行四边形的对角线表示两力的合力F,比测力计的读数不断减小，D正确，ABC错误.专题三运动和力的关系牛顿第二定律得，F'=ma,解得小球的加速度为a=考点牛顿运动定律的理解及其应用58m,A正确，BCD错误。1.D【解析】本题考查惯性及其影响因素.惯性只与质量有【关键点拨】本题解题关键是抓住水平恒力作用在轻绳关，小球质量不变，惯性不变，A错误；小球竖直上抛后能继的中点，两绳上的拉力大小相等，续上升是因为小球具有惯性，B错误；惯性只与质量有关，5.B【解析】本题考查牛顿第二定律.书放在水平桌面上，质量越大，惯性越大，与物体运动状态无关，D正确，C错误最大静摩擦力提供加速度，根据牛顿第二定律∫m=2.C【解析】本题考查牛顿第一定律.牛顿第一定律所描umg=mam,解得am=g=4m/s2,书相对高铁静止，述的状态是一种理想状态，它是利用逻辑思维进行分析高铁的最大加速度为4m/s2,选项B正确。的产物，不能用实验直接验证，A错误；牛顿第一定律表6.D【解析】本题考查板块模型.从t=0时开始，木板与明，物体的质量越大，惯性越大，质量是惯性大小的唯一物块之间的摩擦力使物块加速，使木板减速，当物块和量度，B错误；牛顿第一定律说明，力不是维持物体运动木板具有共同速度时，摩擦力为零.由题图可知，在t=的原因，C正确；如果物体不受力或者所受合外力为零，1s时，物块和木板的速度相同.设0~1s内物块加速度物体一定处于静止状态或匀速直线运动状态，D错误为e则有a,-铝-1Pmg=1m/,设物块和术3.A【解析】本题考查牛顿第二定律.由于F!则物板的质量均为m,物块和木板间的动摩擦因数为41，由体受到的合力方向向左，由于物体原来是静止的，所以牛顿第二定律得1mg=ma1,得以1=0.10，A错误；设0~此后物体将向左运动，A正确，BCD错误。1s内木板的加速度为a:,则有a,一恕与m/14.A【解析】本题考查力的合成与分一4m/s2,设木板与地面间的动摩擦因数为μ2，由牛顿解、牛顿第二定律.绳中点受力分析如F第二定律得（u1+2μ2)mg=一ma2,解得u2=0.15,B错图所示，由几何知识得sin0=3,5,则m误；设t=1s以后物块和木板的加速度大小分别为a1和a2,则由牛顿第二定律得F:=ma1,22mg一Fi=ma'2,F-2Fco9,解得F-名F,对-个小球，由cos0-4假设a1=a2,则有F:=u2mg>1mg,故物块和木板不物理·答8

可字科网空组卷回Fx=mg则小球经过A点时球对杆作用力的大小为mg,由A到B和由A到C过程，根据动能定理mgL =mvg22mgL =mvc?2联立可解得1在C点时R-g=m号解得F、'=5mg则小球经过C两点时球对杆作用力的大小为5mg,则小球经过A、C两点时球对杆作用力的大小之比为1：5,故C正确，B错误；D.经过C点时，竖直方向速度为零，重力的瞬时功率为零，故D错误。故选AC。10.如图所示，竖直面内两轻杆长度均为工，固定成夹角0=60°，可绕O点在竖直面内自由转动。两轻杆的另一端分别固定质量均为m的小球P和Q,OQ竖直。现把小球从静止释放，重力加速度为g,不计一切阻力。从释放到P获得最大速度的过程中()10PA.小球P的机械能守恒B.轻杆对Q一直做负功C.轻杆对P做功为4mgD.P的最大速度为(3+2W3)gL2【答案】CD【解析】【详解】A.轻杆与两个小球组成的系统机械能守恒，由于轻杆对小球P做功，小球P的机械能不守恒，第8页/共14页

A.老鹰受重力、空气对它的作用力和向心力的作用B.老鹰受空气对它的作用力大小为V(mg了+(mRw》C.老鹰线速度的大小为ωR0D.老鹰运动的周期为2π【答案】BC【解析】【详解】A.老鹰受到的重力与空气对它的作用力的合力提供老鹰做圆周运动的向心力，故A错误：B.老鹰受空气对它的作用力大小为F=1(mg)+(mRo2故B正确；C.老鹰线速度的大小为y=OR故C正确：D.老鹰运动的周期为T=2n0故D错误。故选BC。10.2020年5月23日消息，巴西滑板少年圭库里，在半管上完成了空中转体1080°的壮举，创下新的世界纪录，滑板运动可以简化为如图所示的模型，半球形碗固定在水平面上，物块（可看做质点）以某一竖直向下的初速度从碗口左边缘向下滑，物块与碗壁间的动摩擦因数是变化的，因摩擦作用，物块下滑过程中速率不变，则()874666664A.物块下滑过程中所受合外力大小恒定方向始终指向圆心第10页/共22页

(填“水平”或“竖直”)方向.AF/N13.(2)实验得到如图所示弹力F与弹簧长度L关系图线（不计弹簧重2.01.5力)，该弹簧原长。=cm1.00.5(3)实验得出弹簧弹力与形变量成正比，该弹簧的劲度系数k=02468101/cmN/m.12.(10分)某同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律.实验所用的电源为学生电源，有两种输出电压可供选择(6V的频率为50Hz交流电和6V直流电)，重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，(1)他进行了下面几个操作步骤：A.按照图示的装置安装器件；打点纸带计时器B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上；0长C.用天平测出重锤的质量；夹子重锤D.先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带；E.测量纸带上某些点间的距离；F.根据测量结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能14其中没有必要进行的步骤是,操作错误的步骤是(填写操作步骤的序号)；(2)实验中，先接通电源，再释放纸带，得到如下图所示的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hc;已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中，重锤的重力势能减少量△E,=,动能变化量△Ek=O.(3)实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是(4)他继续根据纸带算出各点的速度，量出下落距离h,并以为纵轴、以h为横轴画出的图像，应是图中的9.【高二考试·物理第4页（共6页）】8171ACS扫描全能王

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8.6,“迪斯科转盘”又名“大家颤”，它是一个大圆盘，能翻滚、转动做十多种运动。两名同学手牵手坐在圆盘上，当圆盘在水平面绕圆心匀速转动时，俯视可看成如图所示的模型。质点A、B,质量均为，放置在水平转台上。A离圆心距离为R,用长l=R的轻绳连接B,且A与转台圆心的连线和轻绳垂直，轻绳初始时刚好拉直，A、B与转台的动摩擦因素都为以。已知重力加速度为g,则为了保持A、B不相对盘滑动，圆台绕圆心匀速转动的角速度最大为=hW FR'mgW'=kAV爱2μgBW2√22g2√5gC.3RD.5R7风洞实验室中可产生方向、大小都可以调节控制的各种风力。如图所示为某风洞里模拟做实验的示意图。一质量为1kg的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角日=30°，现小球在F=20N的竖直向上的风力作用下，从A点静止出发沿直杆向上运动，风力F作用1.2s后撤去。已知杆与球间动摩擦因数最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是A.在风力作用下，小球运动的加速度大小为2.5m/sB.小球运动的最大速度为6m/sC.风力F撒去后的运动中，小球的加速度方向始终保持不变D.小球运动到最高点后瞬间，小球所受的摩擦力变为5N3087产风第7题图第8题图命题：合肥一六八中学制卷：合肥等高教育第3页（共6页）

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1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫振动的物体的振动周期、频率由驱动力的周期、频率决定，经计算得，驱动力的频率为4H

2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁

26.(20分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy的第二象限内存2,√3L=vsin0t'(2分)在垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为一q(q>0)的带电粒子从坐标原点O以速度ⅴ垂直磁场方向向第Ⅱ象代入数据解得E一(2分)限射入，从P(0,2L)点与y轴正方向成0=60°角进人第一象(3)若第一象限内的磁场方向垂直于纸面向外，粒子进入第一象限的匀强磁场后，做匀速圆周限。不计粒子重力。运动，如图丙所示(2分)1B0由几何关系可知粒子在磁场中偏转240°，所x x P以矩形区城的长a=2=阳=2L(2分)0宽b=r+rc0s60°=L(2分)则矩形区域的最小面积Smin=ab=3L2(2分)甲2(1)求第二象限中匀强磁场的磁感应强度大小B1和带电粒子在第二象限运动的时间t。教子在此磁场区战运动的时间(-手·24L”一=30。(2分)(2)若第一象限内均匀分布有沿y轴正方向的匀强电场，粒子在第一象限偏转后由x轴上的M(2√3L,0)点进入第四象限，求电场强度的大小E。(3)若第一象限某矩形区域内分布着方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B=23B,的匀强磁场，带电粒子穿过磁场3区域后，最后从x轴的N点（图中未画出）垂直于x轴进入第四象限，求此矩形区域的最小面积和粒子在此磁场区域运动的时间。解题分析(1)设粒子在第二象限运动的轨迹半径为1，由图中几何关系可知，2r,c0s30°=2L,解得1=2,3L(2分)3由洛伦兹力提供向心力，有g0B,=m”（1分)r解得B,=3m(1分)2gLB带电粒子在第二象限运动的时间t=2πn=43πL39v。(2分)(2)若第一象限内均匀分布有沿y轴正方向的匀强电场，粒子进入第一象限的匀强电场后，做斜抛运动，如图乙所示，有2L=-o0s0m+295r2分)23新教材老高考·D·理科综合（物理部分）】

高三第一轮衣，(2)星球C的环绕半径解：(1)对于A、B双星系统，根据万有引力提供向心力有G0=m·器2r3分)G2=m·答，3分)4x2得-部-.(4分)(2)对于卫星C,根据万有引力提供向心力有G0r0=m景n(3分)4π2r02解得0=(8)。3分)11.(23分)如图所示，一段轨道由左侧平台与右侧光滑圆弧轨道BC和水平轨道CDEF组成，BC段的圆心为O点、圆心角为60°，半径OC与水平轨道CD垂直，水平轨道CD段粗糙，DE段、EF段光滑，EF段有一轻质弹簧，弹簧右端固定在竖直墙壁上。一物块（可视为质点）从轨道上的A点以vo=3m/s的速度水平滑出，在B点刚好沿轨道的切线方向滑人圆弧轨道BC,经水平轨道CD后压缩弹簧。已知物块的质量m=0.6kg,B点到水平轨道CD的竖直高度h=2m,物块与水平轨道CD段间的动摩擦因数μ=0.2，弹簧始终处于弹性限度内，弹簧第一次被压缩到最短时，弹性势能为15J,重力加速度g=10m/s2,不计空气阻力。60D99999999999E(1)求A、B两点的水平距离及高度差。(2)求物块做圆周运动通过B点及通过C点时对圆弧轨道的压力大小。(3)求水平轨道CD段的长度L。解：(1)设物块到达B点的速度为vB根据运动分解有6=Ugsin30°，可得vg=6m/s(2分)物块到达B点时，竖直方向的分速度v=gcos30°=33m/s(2分)物块下茶的商度hs=受方一影m(2分)物块在水平方向的位移=w×受-瓷m。(2分)(2)根据题意有R-Rcos60°=h,解得BC段轨道的半径R=4m(1分)物块通过B点时，根据圆周运动有Fa-mg0s60°=m紧(2分)解得FB=8.4N(1分)物块从B点运动到C点的过程根据动能定理有合nc2-号nw2=mgh(2分)物块道过C点时有F&一mg=m贺(2分)联立解得Fc=17.4N。(2分)(3)从物块通过C点到压缩弹簧至最短的过程根据动能定理有一mgL+W=0-之m2(2分)并且W弹=-△E。=-15J(1分)解得L=6.5m。(2分)【24G3ZCJ新高考)-物理R-必考QGA-Y】扫码使用▣▣夸克扫描王

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高三第一轮复习周洲卷短距离数据交换（使用2.4GHz~2.485GHz的1SM波段的UHF无线电波）。现有两同学用安装有蓝牙设备的玩具小车甲、乙进行实验：甲、乙两车开始时处于同一直线上相距d=4.0m

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3,8中的(化学部分)整年细1出武授日日就1D【哈便室化华是活要专生华超布现真明，专片的实豆式若R为CO(NH)2,C在阳极a处转化为C,C,+H,O一HC+HCIO,然后HCIO将CO(NH):氧化能量转换方式和物质的分类等基础知识】生成无污染的气体即CO,和N:,自身被还原为C,消耗1moIC0(NH,),转移电子数目为6mol,但此时常为有酸版为白色，不用作展色颜料，A项错误，芯片的主要成分为硅单成，器项错误：成纤维属于无阳极上还在进行另一个电极反应：2H,0-4eH2大于3mol,D项错误，一4H++O,↑，故阴极上得到的电子大于6mol,则产生的机物，C项错误&物军题国体围以种经典染料的中间体为情境考在有机物的结的与性质。主要考在考士我取帽能送13.B【命题意图】本题以微粒的分布系数(6)随pH的变化图像为素材考查电解质溶液知识，要求考生掌缰盐用所拿知以分析结物片新和化学性质的能力夹出基社用性的考金家男类水解、离子浓度大小判断和电离常数的计算等知识。解是分折油有机的的结物可如其化学式为CA,0,A资正设有机物平含有整能发生取代反【解题分析】如果加人盐酸的体积为5mL,由B(OH),十HCI一一B(OH)C1十H0可知此时溶液含等量的B(OH)2、[B(OH)]+,由于水解和电离能力不同，所以溶液中不可能含等量的B(OH)2,[B(OH)],A项错应，B项正确，单键可以旅转，所有原子不一定在同一平面上，C项错误，一00OHH,则1ml该有机物误；常温下二元弱碱B(OHD:的二级电离方程式为[B(OH)]一B+十OH,当c(B+)=c{[B(OHD]】与足量金展钠反应生成1moC2.4L)H,D项正确。时，BOH,的二级电离常数K。-GB0H-:(OH)=104-0=0-…,数量级为10，B项CITB(OH)1+?.C【命题意国本题考查元素推斯和元素周期律的理解应用，属于传统题型的创新。考查考生对信息的接受，吸收整合能力以及分析问题和解决问题的能力，同时也考查化学学科核心素养中藏限探析，证据推理与正确由图可知B(OHCI溶液呈碱性，所以等物质的量的B(OH),和B(OH)C1组成的混合溶液显碱性，C项错误；在BCL溶液中，c(Ht)=c([B(OH)]+)+2c[B(OH),]+c(OH),D项错误，模型认知核心素养。26.(1)三颈烧瓶(1分)；Fe+2H+一-H:卜+Fe+(2分)【解题分析]由题意可知元素AB,CD依次为N,Na.AL.S..NH,分子中存在氢健，谛点大于HSA项错(2)用产生的H,排尽装置内的空气(1分)》误：简单离子半径：N>Na>A+,B项错误；NaOH中含有离子键和共价健，NO,中只含有共价键，D(3)关闭K,打开K(2分)项错误。(4)抑制Fe+水解(1分)【解题思路】元素推断题集基本概念、基本理论及元素化合物的知识于一身，具有综合性强、思维容量大的特点，是每年高考全国卷的必考题型，特别是近几年试题中，元素推断题的灵活性和综合性逐年增强，主要表现(5)2FeC,0,·2H,0+H,02+3K,CO十HC0,一2K[Fe(C,0,)J3H,0,温度太低在条件渗透交又，题眼隐藏较深等，增加了考生寻找题目题眼的难度。解答这些元素推断题，不仅要求学生FeCO,,2H,O氧化慢，温度太高，加快过氧化氢的分解，导致FeC,O,·2H,0不能完全被氧化（各2分）(6)洗去表面吸附的杂质，并减少溶解损耗：除去表面的水分(2分)1掌握必要的知识，还要求学生有一定的逻辑推理能力，其解题思路如下：(7)89.85%(2分)挖掘题于依据题目给出的题干信息找首先能够判断：H2 HO:H0000-H542【命题意图本题以带装置的三草酸合铁酸钾的制备为素材，考查了物质制备实验过程的分析和判断，把握信息确定出的元素然后再根据元在周期表中的相对发生的化学反应及实验操作为解答的关键，注意信息与所学知识的结合。元素名称位置及原子结构特点，确定出各元素的名称【解题分析】装置A利用铁屑和稀硫酸反应产生硫酸亚铁和氢气，打开K,、K和K,关闭K:,氢气进人装置B,排除装置内的空气。打开K2,关闭K,A中压强增大，将产生的硫酸亚铁溶液压入B中，与根据元紫周在判断出各元素名称的基础上，确定出各元素！联衫架宽名(NH)zSO,饱和溶液反应，生成(NH),Fe(SO,)2。在周期表中的位置，依据同周期，同主族元素性！变规律质的递变规律，判断各选项的正误(7)n(KMn0)=18.30X10-3L×0.15mol·L-=2.745×10-3mol10B【命题意图】本题以合成碳酸二甲酯的催化机理为情境，要求考生分析机理图解答相关问题，主要考查获n(C,0)=号n(KMh0,)=6.8625×10-mol取信息、运用所学知识解决化学问题的能力，突出创新性、应用性的考查要求。n(KEFe(C,0,]·3H.01=68625X10-o=2.2875×10molwK[Fe(C,0.]·3H0)=2.2875X10n0491gmoC×100%≈89.85%.C8-,1.250g【解题分析】由图可知，该流程总反应为2CH,OH+CO一H,C0OCH+H,O,只涉及极性键的断裂27.(1)100℃(1分)和形成，原料是甲醇和C0,来源广，成本低，反应的原子利用率较高，C©O:基催化剂可提高反应物的反应(2)(NH)2S0,、Al2(S0),(2分)；3.2≤pH<4.1(1分)速率，但不能改变平衡转化率，B项错误。(3)Fe+2Fe+3Fe+、Fe+2H一Fe++H2↑(2分)11,A【命题意图】本题考查实验评价，重点考查学生的科学创新与实验探究能力。(4)降低烘干温度，防止FSO,·7H,O高温下失去结晶水(2分)【解题分析】将金属钠在燃烧匙中点燃，迅速伸人集满CO,的集气瓶中，集气瓶中产生大量白烟，瓶内有黑(5)①FeS0,·2H0(1分)色颗粒产生，钠被二氧化碳氧化，有碳单质生成，说明C0,具有氧化性，A项正确：K1与F®C发生反应2KI②2FeS0,△Fa0,+S0,↑+S0,↑(2分)+2FeCl一2KCl+2FeC+,二者反应的物质的量之比是1：1，则FeCl过量，溶液中含有过量Fe+因此向反应后的溶液中滴人5滴15%KSCN溶液，溶液变为红色，不能证明KI和F©Cl反应有一定限度，B(6)将Fe+氧化为Fe*(1分)：Fe+是H,O2分解的催化剂(2分)项错误，除碳碳双键外，还有乙醇、甲苯等有机物也能使酸性KMO,溶液褪色，C项错误酸性：HCO,>【命题意图】本题以聚硅硫酸铁的生产工艺为素材，体现了理论联系实际，解决实际问题的理念及科学思维的素养，突出基础性，应用性的考查要求。HCIO>HCO,K(CO)>K.(C1O),D项错误。12,D【命题意图】本题以硬水处理技术为素材考查电化学知识，要求考生掌握电化学基本原理，会根据电子得【解题分析)酸浸，FeO,、AlO,以金属阳离子形式存在，S1O,进人滤渣，加人NH·H,O调pH=3.2一4.1的目的是使Fe+转化为Fe(OH),沉淀，同时避免A+沉淀，加人Fe粉时，溶液中存在过量稀硫酸，故反应失分析阴阳极、电子流向和电极反应式。【解题分析】由题干信息图可知，电极a上是将C转化为Ck,或者将H,0转化为O,和H,故发生氧化反有Fe+2Fe+=3Fe2+、Fe+2Ht-Fe2++H2↑应，电极a是阳极，电极b上是将H2O转化为H和OH:发生还原反应，电极b为阴极，外电路电子流向(5)由分析结果可知，FeS0,,7H,0的热分解过程可分为三步：第一步失重率为3237%，为a→b,A项正确；由图可知，Cr在阳极a处转化为Ck,Cl十H:0一HCI+HCO,然后HC1O将有机物MFeS0,7H0)=278:设失去n个结品水，则鹅器×100%=32,37%，n=5,即固体物质M的化学式为氧化，自身被还原为C,故处理过程中C可以循环利用，B项正确：由分析可知电极b为阴极，电极反应式为2HO+2一一H,↑+20H,与电极无关，故若将电极b换成铁电极，处理过程不受影响，C项正确：FeS0,:2H,O,第二步失重率为12.95%，即相当于失去2个结晶水，形成FeS0,第三步失重率为全细100所名极最新高考模批际范卷：参考答案第5页〔供12页)【222X·MW·理综七)~们全国100所名校最新高考模拟际范卷·参考答案第6页（共12页）【22，ZXMN·理综（七）·门

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