6.如图所示，木板可绕固定水平轴O转动。木板从水平位置OA缓慢转到OB位置，木板上的物块始终相对于木板静止。在这一过程中，物块的重力做的功为一2J。用F、表示物块受到的支持力，用F表示物块受到的摩擦力。在此过程中，下列说法正确的是A.F、对物块做正功B.F:对物块做正功C.物块的重力势能增加了2J010D.物块克服重力做的功为2J

12.(6分)实验小组选用以下器材测量电池组的电动势和内阻，要求测量结果尽量准确。电压表V(量程0~3V,内阻约为3k2)电流表A(量程0~0.6A,内阻约为0.12)滑动变阻器R(阻值变化范围为0~20.2，额定电流为1A)定值电阻R(阻值为52)待测电池组E(电动势约为3V,内阻约为12)公开关、导线若干3.0200I/AVek0.200.40⊙0.60甲乙(1)该小组连接的实物电路如图甲所示，实验中发现调节滑动变阻器时，电流表读数变化明显但电压表读数变化不明显。主要原因是(2)为了解决这个间题，该小组将定值电阻.R接入电路，请将不用的线用“×”去掉，再把需要的连线补上。(3)解决问题后重新做实验，得到了六组电压表读数U和对应的电流表读数1，并作出J一】图像，如图乙所示。根据图像可得，电池组的电动势为V,内阻为-C高三物理试题第4页（共6

为：sin60速率ma不为π”，C错F即卡车所受牵写引走时间大AB提浸：eB拉动机的渔出边车为上一由本车速所以速度不变，牵引力增大，所以发动机的验功率增大，D正确，C错误。63C复据电汤力提线向心力可得马·3三心r,解得山一人子角速度大，故A错误；9.】,可知轨道半径r小的粒量和动能的增加量中均含有最据电场力提供向心力可得g一m解得”加又E,=m联立可得B,-号、可知电荷量大的拉子的动能定大：粒子的速度大小与轨道半径，一定无关，故BC正确；一aq2到“4”，点，重锤下落的距离汤的国查纸面西也能直纸面向外，所以拉子所受洛伦移力方向不能确定粒子可能做离心运动，也可能做近心运动，故D错误。AC因AC的角速度相同·则由。=ur可知，c>”A;对B、C卫星，由w=PGM可知，rC,可知A,A正确：因A、C周期相同，而对B,C卫星，根据T=2πAG可到的安培力与知.C的周期大于B,可知运行周期最长的是A,C,B结误：因A,C的角速度相同，则由断出磁场的可知0之0对BC卫里由可知心4回知a之4间心如速明GM」小的一定是A,C正确：三个物体的质量关系不确定，不能比较受到万有引力的关系，D错为比例常误。绕，根据愣8.BC.根据机被能守恒定律得mgh=方m,得：=√2g,则知沿最速曲线与沿其他轨道相感应电动势相当于电比由A点静止释放运动到B的质点末速度大小相等，A错误；根据重力做功公式W。=mgh,变化率在减小（曲线上可知，质点沿最速曲线由A点运动到B的质点重力做的功与其他轨道重力做功相等，由于时间最短，故功率最大，B正确：根据题意知，在最速曲线上A、C两点同时由静止释放两质点，会同时到达B点，则由A释放的质点一定会在到达B点时追上由C释放的质点，即不会在到得感应电动势随时达B点前追上由C释放的质点，C正确；根据题意，不能在C,B之间找到一个合适的位置D,使得由A释放的质点先到达D点，D错误。大致画出就09(1)单刀双掷开关(2)可认为正确(3)a~d

N读出弹簧测力计的示数是.则物体A的重力是N。(g=10N/kg)8。一均匀的长方体浸没在液体中，所示：已知它的底面积为S,上表面所处深度为有，下D.F表面所处深度为A:,长方体下表面所受到液体的压力表达式为14,下列,浮力表达式为,侧面所受合力为N。(液体密度Pm和g为已知量)A茶B.扩C.用9ND.“15.弹簧下降盐水量图象甲乙丙A.物第8题图第9题图第10题图C.物9.有两个完全相同的容器甲、乙，在容器中装有深度相同的水，现将两块相同的橡皮泥做成分别实心球形和碗形，分别放入甲、乙两容器中。静止时如图所示，甲，乙容器中橡皮泥所受的空心浮力F甲Fz,容器中水深hz(以上两空均选填“>”，“<”或“=”)。10.用弹簧测力计悬挂一物体，分别浸没在水中和盐水中，静止时的示数如图所示，当物体浸水平雪没在水中时，受到的浮力为N,物块的体积为m3,盐水的密度为此“雪kg/m3。（g取10N/kg,p*=1.(×103kg/m3)二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1.用天平测完物体质量后，发现右盘盘底粘有一小块橡皮泥。下列分析中正确的是（A.橡皮泥质量较小，对天平的测量不会起什么作用16.小张看B.若橡皮泥是在调横梁水平前粘上去的，则测量结果会有偏差中，鸡蛋℃.若橡皮泥是在调横梁水平前粘去的，则测量结果是准确的D若橡皮泥在调横梁水平前精的，则测得的质量小于物体的真实质量入环形12,在测量液体蜜度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液休的()(选填体积V,得到几组数据并绘出如图新示的m一V图象，下列说法正确的是喷射空A.20cm的该液体质量为20g0B.量杯的质量为40g17.密度计器中，小C.该液体的密度为1.25g/cm在甲、乙球所受D.该液体倒掉一半后，体积变小，密度变大甲、乙两◆m/g分别为100A.pe8060C.pe4020H三、实验探18.小明想020406080v7第12题图第13题图现有甲乙两个完全相同的容然休积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容的防彩知图，鸡蜜在里乙彩业饰婆的浮力分别为和下同杯浓不对容多)部的压力分别是P利E,分别是P单和P2,以下判断正确的表面离水A.FFn力大小为B.F学浮=F乙mFw-FFwFC,F甲月=F2厚F>F阳车发。e装以省国用第项其质2023/04/0113:28

A佳教育·2023年4月高三模拟考试物理（本试卷共6页，15题，全卷满分100分，考试用时75分钟)一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2022年女足在亚洲杯决赛中力克韩国队，再一次展现永不言弃的女足精神，在比赛进行到第93分钟时，肖裕仪切人禁区大力射门，足球越过对方门将进球绝杀。关于这次绝杀射门，下列说法正确的是A.肖裕仪踢球力度很大，足球在空中上升过程是处于超重厌态B.肖裕仪欲使足球避开门将，可以把门将视为质点C.足球受到被踢出的力，是由于足球恢复形变产生的D.足球在空中运动是靠惯性前进的，惯性大小一直不变2.2023年春节，中华儿女迎接新年新气象，小明爸爸在小明书房门口挂上一个兔子灯笼，愿小明学习“兔”飞猛进。为了方便进出，这款灯笼可以通过绳子拉扯调节高度，如图所示，灯笼用一带铰链的细小轻杆支撑悬挂，一轻绳连接后跨过光滑滑轮可提供拉力使灯笼随杆旋转升高，当小明拉绳使灯笼缓慢升高时（日为锐角范围），该过程中0日A.轻杆受到的压力逐渐增大B.绳子的拉力先增大后减小C.绳子的拉力先减小后增大D.轻杆受到的压力大小不变3.体育频道上演过一项名叫“带操”的表演，体操运动员用细棒抖动彩带，唯美演绎出彩波翻卷。假设现在有很长的一条彩带，由两个运动员在0时刻起分别在A(x-0)和B(-10m)处开始振动彩带，波形随之在同种均匀介质中传播，两波源振动图像如图，A处波的波长244m,则下面说法y/cm正确的是ABA.两列波将能够发生干涉010x/mB.仁7.5s时第一次有质点位于y=18cm处C.B处波的波长为2mD.仁8s时x=5m处质点的位移y=12cm4.神舟十五号3名航天员与神舟十四号乘组完成交接任务后，继续驻留空间站，北京时间2023年2月10日0时16分，神舟十五号航天员费俊龙、张陆经过约7小时的出舱活动，圆满完成出舱活动全部既定任务，空间站货物出舱安装任务也陆续开展。假设空间站绕地球做匀速圆周运动，轨道半径为r,周期为T,引力常量为G,则下列说法正确的是A.由题中条件可推导出地球质量为G，地球密度为3πG72由于惯性，B.航天员张陆出舱安装货物时若自由松开手中的货物，货物会立即高速飞离航天员C.在空间站内需要安装的货物，由于处于失重状态，无法用天平测货物的质量D”神舟十五号”要成功发射得多次加速，速度大于7,9k如s,最终空间站在圆轨道上运行速度至少大于7.9km/s物理试题卷第1页共6页

重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁最多可有C=6种不同频率的光，选项B正确；跃迁过程中辐射能量△E=E,n-Em,计算可知共有4中频率的光能是金属钾发生光电效应，从n=4跃迁到n=1时发出光子的能量最大，选项CD错误。2.A【解析】手指与屏的接触面积变大时，电容变大，选项A正确，B错误；手指压力变大时，由于手指与屏的夹层工作面距离变小，电容将变大，选项C、D错误。3.B【解析】简谐横波向右传播，利用同侧法可知质点P向上振动、质点Q向下振动，Q先回到平衡位置，故选项A、C错误，此时刻P、Q位移相同，回复力相同，故两质点的加速度相同，选项B正确，由图可知波长A=2m,波速为心=分=2m/s,选项D错误。4C【解析原副线罔的电压之比=“U,=0V:灯泡正常发光，副线圈电流马，==.R-U=4502。5.C【解析】小环在外力F作用下沿杆向上做匀速运动，则合外力为零。小球受3个力，三力特点满足矢量三角形特点，则小环沿杆向上匀速运动过程中拉力F相当于顺时针旋转，如图所示可以外力F、杆给小环的弹力均逐渐7777177777777mg增大。6.A【解析】由对称性，α棒上的电荷在0点产生电场强度大小为E,方向垂直于α棒且向右下。c棒上的电荷在0点产生电场强度大小为E,方向垂直于c棒且向左下。此二者夹角120°。b棒上的电荷在0点产生电场强度大小为E,方向垂直于b棒且向下。故总场强为2E。由对称性，c棒上的电荷在O点产生电势为P,b棒上的电荷在O点产生电势为-P,故总电势为P。7.D【解析】P点越靠近A、B点，光束第一次到达圆弧边界时越容易发生全10反射。全反射临界角涔足sma=号，于是a=45。考虑左有两边的临0界情况，设光线在C点恰好发生全反射，三角形OPC中用正弦定理有：OP OCsin 45Fsin0,解得n=白R,所以要发尘全反射有AP三1-百R0183R。类似的可求出4P=1+否R1.817R也可发生全反射：D正确。物理试题参考答案第1页（共4页）

全国©0所名校高三单元测试示范卷札记【解析】本题考查受力分析与平衡条件。对小球受力分析可知，由于光滑斜面对小球不可能施加摩擦力作用，由平衡条件推知，光滑斜面也不可能对小球施加弹力作用，弹簧对小球的拉力跟小球的重力相互平衡，D项正确【答案D4.将一根轻质弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的物体，物体静止时，弹簧长度为L1;而当弹簧下端固定在水平地面上，将质量为m的物体压在其上端，物体静止时，弹簧长度为L2。已知重力加速度为g,则该弹簧的劲度系数是A.2置cD【解析】本题考查胡克定律的应用。设弹簧原长为L,由胡克定律知，g=k(L1一Lo),g=k(L。一L2),联立可得k=2品B项正确【答案】B5.某同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究求合力的方法，如图所示，三根橡皮筋在O点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在A、B、C三点。在实验中，可以通过刻度尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA、OB,O℃的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法。在实验过程中，下列说法正确的是A.实验时需要测量橡皮筋的长度，但不需要测量橡皮筋的原长B.为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C.以OB、OC为两邻边作平行四边形，其对角线必与OA在一条直线上且长度相等D.多次实验中O点不需要固定【解析】由于橡皮筋的弹力与形变量成正比，实验中用形变量等效替代弹力，因此实验中要测量椽B皮筋的伸长量，伸长量等于橡皮筋拉伸后的长度减去橡皮筋的原长，故A项错误；劲度系数大的橡皮筋施加一定弹力时形变量小，测量误差大，作图时误差也较大，应选劲度系数稍小的橡皮筋，故B项错误；由于橡皮筋的弹力与形变量成正比，与它的长度不成正比，因此OB、OC弹力的合力方向与以OB、OC为两邻边作平行四边形的对角线不一定重合，故C项错误；本实验中三根橡皮筋的弹力平衡，即使O点不固定，OA的弹力与OB、OC的合力始终等值反向，都可用以验证平行四边形定则，故D项正确。【答案】D6.如图所示，一小木块放在水平地面上，受F、F2作用而处于静止状态，其中F=10N,与水平方向的夹角为60°斜向上；F2=2N,方向水平向左。若撤去F,则下列说法正确的是A.小木块所受的合力为3NB.小木块所受的合力为2N60°C.小木块所受的摩擦力变大wh007664660D.小木块所受的摩擦力变小【解析】本题考查力的平衡。撤去F前，摩擦力∫=Fcos60°-F2=3N,撤去F1后，摩擦力=F2=2N,整个过程小木块所受合力F合=0，D项正确。【答案D7.如图甲所示，在O点处用轻绳悬挂一个物体，物体处于平衡状态。A、B为竖直墙壁上等高的两，点，AO、BO为长度相等的两根轻绳，CO为一根轻杆，转轴C在AB中点D的正下方，A、O、B在同一水平面上。∠AOB=90°，∠COD=60°。若绳AO的拉力大小为1N,则物体的重力大小为A.3NB.6NC.23ND.√N【24·G3DY(新高考)物理-R-必考-CQ】

3.(1)两个力的方向较合力理论值与实验值的关系，验证力的平行四边形定(2)F则，则需要记录下弹簧测力计a、b的示数F1、F2,两个(3)D力的方向以及O点的位置.(2)F'是通过一个弹簧测力计沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，方向一定沿AO方向，由于误差的存在，理论值F和实际值F'方向并不一定重合.(3)对O点受力分析，受到两个弹簧测力计的拉力和橡皮条的拉力，如图，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，a弹簧测力计拉力方向不变，b弹【解析】本题考查“验证力的平行四边形定则”实验.(1)根簧测力计拉力方向和大小都改变，根据平行四边形定据实验原理可知，以表示力F,和F2的线段为邻边作平则可以看出，b弹簧测力计的读数先减小后增大，α弹簧行四边形，平行四边形的对角线表示两力的合力F,比测力计的读数不断减小，D正确，ABC错误.专题三运动和力的关系牛顿第二定律得，F'=ma,解得小球的加速度为a=考点牛顿运动定律的理解及其应用58m,A正确，BCD错误。1.D【解析】本题考查惯性及其影响因素.惯性只与质量有【关键点拨】本题解题关键是抓住水平恒力作用在轻绳关，小球质量不变，惯性不变，A错误；小球竖直上抛后能继的中点，两绳上的拉力大小相等，续上升是因为小球具有惯性，B错误；惯性只与质量有关，5.B【解析】本题考查牛顿第二定律.书放在水平桌面上，质量越大，惯性越大，与物体运动状态无关，D正确，C错误最大静摩擦力提供加速度，根据牛顿第二定律∫m=2.C【解析】本题考查牛顿第一定律.牛顿第一定律所描umg=mam,解得am=g=4m/s2,书相对高铁静止，述的状态是一种理想状态，它是利用逻辑思维进行分析高铁的最大加速度为4m/s2,选项B正确。的产物，不能用实验直接验证，A错误；牛顿第一定律表6.D【解析】本题考查板块模型.从t=0时开始，木板与明，物体的质量越大，惯性越大，质量是惯性大小的唯一物块之间的摩擦力使物块加速，使木板减速，当物块和量度，B错误；牛顿第一定律说明，力不是维持物体运动木板具有共同速度时，摩擦力为零.由题图可知，在t=的原因，C正确；如果物体不受力或者所受合外力为零，1s时，物块和木板的速度相同.设0~1s内物块加速度物体一定处于静止状态或匀速直线运动状态，D错误为e则有a,-铝-1Pmg=1m/,设物块和术3.A【解析】本题考查牛顿第二定律.由于F!则物板的质量均为m,物块和木板间的动摩擦因数为41，由体受到的合力方向向左，由于物体原来是静止的，所以牛顿第二定律得1mg=ma1,得以1=0.10，A错误；设0~此后物体将向左运动，A正确，BCD错误。1s内木板的加速度为a:,则有a,一恕与m/14.A【解析】本题考查力的合成与分一4m/s2,设木板与地面间的动摩擦因数为μ2，由牛顿解、牛顿第二定律.绳中点受力分析如F第二定律得（u1+2μ2)mg=一ma2,解得u2=0.15,B错图所示，由几何知识得sin0=3,5,则m误；设t=1s以后物块和木板的加速度大小分别为a1和a2,则由牛顿第二定律得F:=ma1,22mg一Fi=ma'2,F-2Fco9,解得F-名F,对-个小球，由cos0-4假设a1=a2,则有F:=u2mg>1mg,故物块和木板不物理·答8

第4章曲线运动与万有31力学生用书A.到达b点时，炮弹的速度为零3.类平抛运动的求解方法B.到达b点时，炮弹的加速度为g(1)常规分解法：将类平抛运动分解为沿C,炮弹经过a点的水平分速度可能等于经初速度方向的匀速直线运动和垂直于初速度过b点的水平分速度方向（即沿合力的方向）的匀加速直线运动，两D.炮弹由O点运动到b点的时间小于由b分运动彼此独立、互不影响、且与合运动具有点运动到d点的时间等时性。[知识点三]类平抛运动(2)特殊分解法：对于有些问题，可以过抛[诊断练习3]（多选）2kg的物体在xO)出点建立适当的直角坐标系，将加速度分解为平面内的几个力共同作用下沿x轴正方向以az、ay,初速度o分解为ox、,然后分别在v=2m/s做匀速直线运动，现突然同时将x轴x、y方向列方程求解。正方向1N的力和x轴负方向1N的力分别[针对训练]沿逆时针方向和顺时针方向各转90°，则下列3.如图所示的光滑斜面长为L,宽为5，倾角为说法正确的是=30°，一小球（可视为质点）沿斜面右上方A.物体的加速度变为1m/s2,沿y轴正方向顶点A处水平射人，恰好从底端B点离开斜B.物体做类似于平抛的运动面，重力加速度为g。则下列说法正确的是C.第1s内的位移为2mD.1s末的速度大小为√5m/s[回归教材]平抛运动是典型的匀变速曲线运动，应掌握这类问题的处理思路、方法并迁移到类平抛运动（如带电粒子在匀强电场中的偏转等问A.小球运动的加速度为g题)。1.类平抛运动的受力特点由A运动到B所用的时间物体所受合力为,且与初速度的C.小球由A点水平射入时初速度o的大小方向2.类平抛运动的运动特点为√员在初速度方向做运动，在D.小球离开B点时速度的大小合外力方向做初速度为零的直线为，备(+4L)运动，且加速度a=Fm°命题视角分析核心知识突破[考点一]平抛运动的理解与推论下的弹痕如图所示。已知Oa=ab=bc,则a、[例题1]（多选）从竖直墙的前方A处，沿b、c三颗弹丸（不计空气阻力）AO方向水平发射三颗弹丸a、b、c,在墙上留A初速度之比是√6：√3：√287

第6章动量学生用入书第5节实验：验证动量守恒定律备知识●●66年基础知识夯实教材知识整合一、实验原理滑块上挡光片的宽度（仪器说明书上给出，也在一维碰撞中，测出相碰的两物体的质量可直接测量)，△t为数字计时器显示的滑块（挡m、2和碰撞前、后物体的速度、2、'、光片)经过光电门的时间。2',算出碰撞前的动量力=十22及碰(2)验证的表达式：m十m22=m撞后的动量p'=m'十22'，看碰撞前、后十m2U2。动量是否相等。案例二：研究斜槽末端小球碰撞时的动量二、实验方案及实验过程守恒案例一：研究气垫导轨上滑块碰撞时的动1.实验器材量守恒斜槽、小球（两个）、天平、复写纸、白纸、圆1.实验器材规、铅垂线等。气垫导轨、数字计时器、天平、滑块（两2.实验过程个)、重物、弹簧片、细绳、弹性碰撞架、胶布、撞(1)测质量：用天平测出两小球的质量，并针、橡皮泥。选定质量大的小球为入射小球。2.实验过程(2)安装：按照如图甲所示安装实验装置。(1)测质量：用天平测出滑块的质量。调整固定斜槽使斜槽末端水平。(2)安装：正确安装好气垫导轨，如图入射小球被撞小球所示。白纸9用常宠复写纸(3)实验：接通电源，利用配套的光电计时乙装置测出两滑块各种情况下碰撞前后的速度。(3)铺纸：白纸在下，复写纸在上且在适当(4)改变条件，重复实验：位置铺放好。记下铅垂线所指的位置O。①改变滑块的质量；(4)放球找点：不放被撞小球，每次让入射②改变滑块的初速度大小和方向。小球从斜槽上某固定高度处自由滚下，重复10(5)验证：一维碰撞中的动量守恒。次。用圆规画尽量小的圆把所有的小球落点3.数据处理圈在里面。圆心P就是小球落点的平均位置。(5)碰撞找点：把被撞小球放在斜槽末端，1)滑块速度的测量：=兰，式中△x为每次让入射小球从斜槽同一高度[同步骤(4)175

(填“水平”或“竖直”)方向.AF/N13.(2)实验得到如图所示弹力F与弹簧长度L关系图线（不计弹簧重2.01.5力)，该弹簧原长。=cm1.00.5(3)实验得出弹簧弹力与形变量成正比，该弹簧的劲度系数k=02468101/cmN/m.12.(10分)某同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律.实验所用的电源为学生电源，有两种输出电压可供选择(6V的频率为50Hz交流电和6V直流电)，重锤从高处由静止开始下落，重锤上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，(1)他进行了下面几个操作步骤：A.按照图示的装置安装器件；打点纸带计时器B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上；0长C.用天平测出重锤的质量；夹子重锤D.先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带；E.测量纸带上某些点间的距离；F.根据测量结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能14其中没有必要进行的步骤是,操作错误的步骤是(填写操作步骤的序号)；(2)实验中，先接通电源，再释放纸带，得到如下图所示的一条纸带.在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hc;已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T.设重物的质量为m.从打O点到打B点的过程中，重锤的重力势能减少量△E,=,动能变化量△Ek=O.(3)实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是(4)他继续根据纸带算出各点的速度，量出下落距离h,并以为纵轴、以h为横轴画出的图像，应是图中的9.【高二考试·物理第4页（共6页）】8171ACS扫描全能王

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2m听，与g无关，D错误。与安培力大小的变化趋势相同[点拨：没有开口向下的部分]，C错误。长领航备考·规律总结18.D【必备知识】动能定理、牛顿第二定律、胡克定律抛体运动心题图剖析向上竖直上匀减速+自抛运动由落体运动匀变速该段为倾斜直线，网抛a=gV向下竖直下球所受合外力恒定，匀加速直线直线运动体v,≠0即滑动摩擦抛运动运动核心：匀变速E.运依据初巴水平动速度方平抛运动直线运动规律v斜匀变速曲线段，合外力逐渐增向分类向上曲线运动大，即弹性绳逐渐伸长斜上抛运动分解位移（位分解速度（速移三角形度三角形a网球动能为零时，弹性绳的伸长量最大，根据核心：化曲为直网球此时的受力情况计算弹性绳的劲度系数运动的合成与分解【解题思路】Ek-x图象（或图象切线）的斜率表示网16.D【关键能力】逻辑推理能力、分析综合能力球所受的合外力，Oa段为直线，说明网球只受滑动【解题思路】设行星质量为，有M=号pR,对杆下摩擦力作用，由动能定理有umga=d-c,得L-d-S,mga端的球体有G(R平-F=m,对杆上端的球体有A错误。当弹性绳的伸长量最大时，网球的动能减为0，弹性绳的弹性势能最大，根据能量守恒有d=/(R+h+L)+F=ma,得F=MmGMm2(R+h)2wmgb+E,得E,=d_b(d-C,B错误。根据题意可a2(R+h+L,可知L越大，F越大，A错误。p越GMm知，弹性绳的伸长量最大时，网球受到的合外力大小大，M越大，F越大，B错误。m越大，F越大，C错为e,根据题图可知弹性绳的原长为a,在位移为b时误。h越大，F越小，D正确。对网球进行受力分析有e=umg+k(b-a),得k=17.B【必备知识】法拉第电磁感应定律、安培力、闭合“。。,C错误。当网球返回到出发点时，根弱动电路欧姆定律【解题思路】t=0时，导体棒切割磁感线的有效长度能定理有d-2umgb=E1[,点拔：对整个运动过程应用动不为零，产生的感应电流大小不为零，A错误；导体能定理更方便]，得E1=d-2b(d-C,D正确。a棒向右匀速运动，在ab和bc段切割磁感线的长度随19.BC【关键能力】逻辑推理能力、分析综合能力时间均匀增加，有E=Bw,由于bc段与x轴的夹角小【解题思路】由图乙可知，R4两端电压的最大值为于ab段与x轴的夹角，故bc段的E-t图象的斜率小于ab段的，经过c点后，导体棒切割磁感线的有效202V,通过R的电流有效值为，-沿A-2A,交长度减小，产生的感应电动势减小，又ab、cd段与x流电压表的示数等于电压的有效值，故电压表的示轴的夹角相等，则ab、cd段的E-t图象的斜率大小数为U,=1R=20V[点拨：也可根据电阻阻值相等结合相等，由于导轨和导体棒的电阻不计，则导体棒产生图乙快速得出电压表的示数]，A错误；由图乙可知交变的感应电动势等于定值电阻两端的电压，D错误；导电流的频率为50Hz,一个周期内电流方向改变2体棒所受安培力大小为P-,随时间端加，安培次，故通过R的电流每秒钟方向改变100次，B正确；根据电路的串并联规律可知，通过R的电流为力逐渐增大，但相同时间内导体棒在bc段所受安培4A,则通过R2的电流为12=6A,R2两端的电压为力的增加量小于在ab段的，结合上述分析可知B正U2=12R2=30V,由变压器原、副线圈匝数比与电压、确；导体棒克服安培力做功的功率为P=Fm-BR电流的关系可知，原线圈两端的电压为U。=3×理科综合领航卷（六）全国卷答案一65

(2分)温2a2a以g物块a与传送带之间产生的热量代Q=m=2X号m话1分》HQ=m8,=2X(号)m话1分)归纳总结可知Q.=mg.=2×(号)m1d(1分)则物块a与传送带之间由于相对运动产生的总热量Q=mg(s十52十…十5.)=36J3(2分)26.(14分)(1)粉碎磷铁渣（或搅拌等）(2分)提供酸性环境，提高NO,的利用率(2分)化(2)3FeP+11NO+29H+一6Fe3++3HP0,+11N0↑+10H20(2分)(3)pH增大，促进了Fe3+的水解，生成的Fe(OH)。混人产品中(2分)D(4)①FeP+4H,O-8e-FePO,+8H+(2分)②不变(2分)③1.7(2分)[将磷铁渣（主要含FeP、Fe,P,以及少量Fe,O、SiO2)在90℃时用稀硝酸和硫酸的混合酸浸泡，硝酸具有强氧化性，能将铁元素和磷元素分别氧化为Fe(NO),、HPO,自身被还原为NO,硫所酸是为了保持体系的酸度，过滤得到滤液和滤渣，去掉滤渣（主要成分为SO2),在滤液中加磷酸，调铁和磷的含量比，再加人氨水调酸碱性，最终制得FεPO,(磷酸铁)，据此分析解题。(1)将磷铁渣粉碎以增大接触面积或者进行搅拌均可在“浸取”时加速溶解；加入硫酸的目的是提供酸性环境，提高NO,的利用率。(2)由分析可知，“浸取”时Fe,P发生反应的离子方程式为3Fe2P+29H+十11NO,一6Fe3++11NO个+3HPO+10H2O。(3)当pH范围在1~1.5时，pH增大，促进F心水解，生成的难溶性的氢氧化铁混入产品中，使得明显增大。(4)①根据阳极上发生氧化反应可得，FeP在阳极放电的电极反应式为FeP+4H,O-8e一FePO,+8H+;②电解过程中，阴极反应式为2H2O+2e一H2十2OH,然后阳极上产生的H+通过质子交换膜进入阴极低区，发生反应：H+十OH一HO,根据得失电子守恒可知，阴极上消耗的水和生成的相等，故NaOH溶液的浓度不变；③常温电解一段时间，测得溶液中Fe3+浓度约为0.32mol·L-1,为了避成/4×10-38免生成Fe(OH),沉淀，应控制溶液的c(OH)≤√0.32mol/L=5×10Bmol/L,故c(H)≥1×10-45X10=0.02m0/L,则pH不大于-lg0.02=2-1g2≈1.7.]27.(14分)(1)除去溶解的氧气(2分)NaOH溶液：吸收尾气SO2,防止污染空气(2分)(2)防止SO2过量使溶液呈酸性，造成N2S,O,分解(2分)关闭活塞K,打开活塞K,、K2,通入一段时间N2(2分)正制温皮防止延度过高NS0分位分套(4)①1mLpH=2.4的盐酸(2分)②C+SO+H,0一S0?+S+2C1+2H+然(2分)[首先用装置A加热分解绿矾，产生二氧化硫和三氧化硫气体，在装置B中收集三氧化硫，产S0,在装置C中参与反应生成硫代硫酸钠，最后用氢氧化钠吸收多余的二氧化硫气体，防止污染空气，以此解题。(I)水中溶解的氧气可以和N,S发生反应，故煮沸的目的是除去溶解的氧气；该反应有二氧化硫生成，二氧化硫有毒，会污染空气，应该除去，故D装置中的试剂用来吸收二氧化硫，应该选用NOH溶液。(2)由题干中的信息可知硫代硫酸钠在酸性条件下会分解，故始终观测混合溶液pH的原因是防止SO,过量使溶液呈酸性，造成N,S,O,分解；当反应结束后，要用氢氧点化钠溶液吸收多余的二氧化硫气体，故操作④的后续操作为关闭活塞K,打开活塞K、K,通入理科综合参考答案第64页B

26.(20分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy的第二象限内存2,√3L=vsin0t'(2分)在垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为一q(q>0)的带电粒子从坐标原点O以速度ⅴ垂直磁场方向向第Ⅱ象代入数据解得E一(2分)限射入，从P(0,2L)点与y轴正方向成0=60°角进人第一象(3)若第一象限内的磁场方向垂直于纸面向外，粒子进入第一象限的匀强磁场后，做匀速圆周限。不计粒子重力。运动，如图丙所示(2分)1B0由几何关系可知粒子在磁场中偏转240°，所x x P以矩形区城的长a=2=阳=2L(2分)0宽b=r+rc0s60°=L(2分)则矩形区域的最小面积Smin=ab=3L2(2分)甲2(1)求第二象限中匀强磁场的磁感应强度大小B1和带电粒子在第二象限运动的时间t。教子在此磁场区战运动的时间(-手·24L”一=30。(2分)(2)若第一象限内均匀分布有沿y轴正方向的匀强电场，粒子在第一象限偏转后由x轴上的M(2√3L,0)点进入第四象限，求电场强度的大小E。(3)若第一象限某矩形区域内分布着方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B=23B,的匀强磁场，带电粒子穿过磁场3区域后，最后从x轴的N点（图中未画出）垂直于x轴进入第四象限，求此矩形区域的最小面积和粒子在此磁场区域运动的时间。解题分析(1)设粒子在第二象限运动的轨迹半径为1，由图中几何关系可知，2r,c0s30°=2L,解得1=2,3L(2分)3由洛伦兹力提供向心力，有g0B,=m”（1分)r解得B,=3m(1分)2gLB带电粒子在第二象限运动的时间t=2πn=43πL39v。(2分)(2)若第一象限内均匀分布有沿y轴正方向的匀强电场，粒子进入第一象限的匀强电场后，做斜抛运动，如图乙所示，有2L=-o0s0m+295r2分)23新教材老高考·D·理科综合（物理部分）】

二全国©0所名校高考模拟金典卷受体，TRPM8则是冷觉受体，功能不同的受体蛋白具有不同的空间结构，C项错误；冷热感觉产生的过程中涉及多个神经元，兴奋信号在突触间传递时，突触前膜释放神经递质的方式为胞吐，D项正确。6.答案D解题分析本题考查种群和群落的相关知识。调查植物种群密度时用样方法，样方边界上的植株只计相邻两边及其顶角的，A项正确；种群数量达到K值时基本稳定不变，此时出生率约等于死亡率，B项正确；群落演替达到相对稳定的阶段后，群落内的动物组成也可能因季节变化而改变，C项正确；竹林中竹叶主要生长在竹子的顶层，这是植株器官生长的位置差异，不是群落的空间结构差异，D项错误。29.答案(1)作为空白对照组，消除其他无关变量对实验的影响(2分)(2)类囊体薄膜(1分)总光合速率减去呼吸速率的差值（合理即可，2分）(3)CO2浓度增大导致叶绿素a含量升高，光反应速率增大，产生和释放O2的速率增大(2分)镉导致叶绿素含量基本不变，光反应速率不变，产生和释放O2的速率无显著差异（合理即可，2分)30.答案(1)胰岛素相对缺乏(2分)(2)免疫抑制剂可减弱受体的特异性免疫反应，降低免疫排斥反应，提高外来器官的存活率(3分)(3)反馈（或负反馈）(2分)控制饮食及运动(2分)31.答案(1)浮游植物光合作用固定的太阳能(2分)呼吸作用散失、传递给乌鳢及被分解者利用(2分)(2)放养过多会超过环境容纳量，造成环境破坏而导致生态系统稳定性降低（合理即可，3分）(3)利用信息素驱离或诱杀害虫；利用化学物质干扰害虫交尾繁殖；播放结群信号吸引食虫鸟（合理即可，2分)32.答案(1)显性(2分)F1到F2出现了性状分离现象且分离比为3：1，则F1均为杂合子，故灰体为显性性状且受一对等位基因控制（合理即可，2分）(2)雌雄果蝇均有黄体(2分)黄体均为雄果蝇(2分)黄体雌蝇×灰体雄蝇(2分)(3)X(1分)隐性(1分)37.[生物一选修1：生物技术实践]答案(1)蔗糖(2分)调节并维持培养基pH(2分)(2)干热(2分)高压蒸汽(2分)(3)适宜且相同(2分)4(2分)(4)作为制作食品、药品或者饲料的原料（合理即可）(3分)38.[生物一选修3：现代生物科技专题]答案(I)限制酶和DNA连接酶(2分)便于筛选含目的基因的受体细胞(2分)(2)噬菌体只侵染细菌，不能侵染水稻，无法将目的基因导入水稻细胞中，而植物病毒可以（合理即可)(3分)(3)RNA聚合酶与启动子的识别和结合(2分)3个突变品系只改变了启动子序列，而启动子并不编码蛋白质的氨基酸序列(2分)(4)品系3(1分)品系3产生的RNA量最低，翻译产生的直链淀粉合成酶最少，相对应的直链淀粉所占比例小(3分)(生物部分)参考答案（四~六）第2页（答案共7页）【23·JD·理科综合-N

由雀一昌萨克定体码：片-会(2分)为：y=0.04sin(x1+号)m,E项正确。解得：1=长1=是，1分)(2)i.过A点的法线与O0'平行：0=&=60°ⅱ，理想气体做等压变化，根据受力平衡可得：由折射定律得器=1=万.故301分paS=p1S+mg(1分)在球面上有：1nY=(1分)sini理想气体对外做功为：W=S·冬1分)由热力学第一定律可知，△U=Q一W(2分)解得：4=Q-(S-mg)21分)34.(1)ACE(5分)解析：AB:由振动图像可知周期T=2s,T=0时刻P在平衡位置向上运动，Q在y=2√3cm处向上运动，如下图所示由几何关系得：i=y-3=y-30(1分)由折时定律得严=万，解得y=01分)故：OB=Rsiny=9R(1分)7于2√5=4si0,得0=3，又有2元=是，得1由几何关系可得：DB=R+R(1-cosy)=号R=合m十名X=2m,得入=2与大8n,所以B项(1分)在△AD0中，∠ADO=i=Y-3=30°，∠DAO=3+错误：u=会-1人5n/8,当n=0时，0=1.290°=120，所以∠A0D=30°，所以AD=A0=R2cosim/s,A项正确：C:在t=0.5s时刻，由图甲可-9数1分得出质点P与其平衡位置的距离为一个振幅，由图乙可得出质点Q与其平衡位置的距离小于SA=-号R1分)一个振幅，C项正确；D:在t=1.5s时刻，由图光线在半球体内的速度=97甲可得出质点P在最大位移处，速率为0，由图乙可得出质点Q不在最大位移的位置，所以此所以光线从S到B点的时间：=SA+DB+AD时速率大于0，所以质点P的速率比质点Q的=19R(2分)小，D项错误：E:由图乙可知，质点Q的位移随6c时间变化的关系式为y=Asin(f十pw=牙=,当t=0时，可得出9=3，所以其关系式S3名师原创分科模拟·物理答案第12页（共24页）

理如图3（电解液是含苯乙烯和硫酸的废水，pH=6.2)。已知：·OH(羟基自由基）具有很强的氧化性，可以将苯乙烯氧化成CO2和HO,H2O2H,0xeOH+HH,04H*锁链式0，（溶解氧CsHe反应C02图3M连接电源的(填“正极”或“负极”，若电路中通过10mol电子，则有g苯乙烯被羟基自由基完全氧化成CO2和HO。29.(10分)白芨为我国传统中药材，具有广泛的药用价值，也具有很高的园林应用价值。其同化外界CO2的途径会随环境的变化而有所改变，在适宜环境下同化CO,为图1方式一C:途径，在特定环境刺激下促进白芨细胞中PEPC基因（磷酸烯醇式丙酮酸羧化酶基因）高效表达为图2方式一CAM途径（景天酸代谢途径），甚至随着环境变化在CAM途径与C途径间转换，以便提高光合效率。图2方式为夜间通过气孔吸收CO2,经一系列反应合成苹果酸，存储在液泡中。白天液泡中的苹果酸经过反应释放CO2,进而参与光合作用。清回答下列问题：CO白天气孔开放白天气孔关闭夜晚C02气孔开放苹果酸产Cs液泡磷酸烯醇C02草酰乙酸2C3式丙酮酸叶绿体苹果酸2C3叶绿体液泡液泡叶绿体、CH20图2图1(1)白芨叶肉细胞进行光反应中发生的能量变化是暗反应的场所是(2)图2所示代谢途径中，白天参与暗反应的CO2直接来源于过程和过程。这种代谢途径是与环境相适应的。(3)夜间，白芨细胞液的pH通常会下降，请结合题目信息说明原因30.(8分)高等动物内环境必须保持适宜的酸碱度和渗透压才能维持正常的代谢和生理功能，正常状态下，体液的H相对稳定，这是依靠机体的各种调节功能来实现的。请回答下列问题：,超出该范围即为酸中毒或碱中毒。若出现酸中毒，(1)正常人血浆的pH为,从而导致细胞代细胞内可能因谢紊乱。等离子可维持血浆的H相对稳定。体液的H浓度升高(2)血浆中的,反射性引起呼吸中枢兴奋，使呼吸运动加深加快，改变时，H刺激动脉体上的肺的通气量调节pH,该调节方式属于(3)若给某小鼠静脉注射等渗氯化钠溶液，但由释放的抗利尿激素的量基本不变，判断依据是第9页（共13页）【22·高考样卷·理综（二）一GQN·B)全国100所名校最新高考冲刺卷

小相等，并且最终减小到0，故右侧导体棒做加速度减小的减速运动直到匀速运动，左侧导体棒将做加速度减小的加速运动直到匀速运动，两导体棒做匀速运动时，回路中没有感应电流，且2=3，故A项错误，C、D项正确；根据两导体棒同一时刻加速度大小相等的特点可知，在两导体棒速度相等时，速度大小一定等于初始时刻右侧导体棒速度大小的一半，故B项错误。22.(1)BC(2分)(2)msL1分）(M+m)(-)1分)(3)1.02(2分)【命题意图】木题考查探究力做功与物体动能变化的关系。【解题分析】(1)小车在砂和砂桶的拉动下，做匀加速直线运动，故轻绳的拉力小于砂和砂桶的重力，A项错误。本实验的目的为探究力做功与动能变化之间的关系，也就不需要使砂和砂桶的总质量远小于小车的质量M,D项错误。探究的对象为砂桶（包括砂）及小车组成的整体，分析砂和砂桶重力做的功与系统动能变化量之间的关系，不能有其他力做功，故需要平衡摩擦力，B项正确。如果轻绳与长木板不平行，则在不同的位置小车的受到的阻力不同，将会影响实验效果，故C项正确(2)此过程中砂和砂桶重力做的功为mgL,系统动能的增量为2(M十m)(22-2)。(3)由逐差法计算加速度a=4十十），（十2十），其中T=0.1s,代入数据得a=1.02m/s。(3T)223.(1)R3-2R4(2分)(2)6000(2分)R1(1分)(3)1.44(2分)1.38(2分)【命题意图】本题考查测量电源的电动势和内阻实验。【解题分标1)设电源电动势为上，电压表量程为U,根据闭合电路战姆定律有R千R。·k,=专U,R,千R·R=U,联立解得Rv=R一2R。E(2)电压表量扩大为原来的3倍，则有R十R一K,解得尼一S0几.与电流表并联的电阻是R时，能测的最大电流1m=0.01×601A十0.01A=0.61A;与电流表并联的电阻是R2时，能测的最大电流为1=0.0)X60A十0.01A=0.04A;两种情况相比较，选择R可以测量较大范围的电流，能满足需求。20(3)由图线可知，电池的电动势E=3×0.48V=1.44V,电源的内阻r=3×(0.480.20)2=1.382。0.6124.【命题意图】本题考查碰撞问题，涉及运动图像的分析以及动量守恒定律的应用。【解题分析】(1)根据题意可知，图甲中图线α表示碰撞前物块的减速运动过程，图线b表示碰撞前木板的加速过程，图线c表示碰撞后木板的减速过程，图线d表示碰撞后物块的加速过程①物块与挡板碰撞前瞬间，物块的速度大小为)，设此时木板速度大小为℃，则4-1/s从物块滑上木板到物块与木板碰撞前瞬间的过程根据系统动量守恒有m-mw十M1(2分)解得=4m/s(1分)②物块与挡板碰撞后瞬间，物块的速度为0，木板速度大小为从物块滑上木板到物块与木板碰撞后瞬间的过程根据系统动量守恒有o=M2(1分)解得2=3m/s(1分)③2s末物块与木板共同运动的速度大小为全国100所名校最新高老冲刺卷·参考答案第10页（共12页）【22·高考样卷·理综（一）一Y】

乳D【命摄意国木怎考查电场强度，电势发、动能定理，要水考生非提匀强电场中电场强度和电势去的关上升过程，由动量定理有一mg:一h=0一m(1分)系，能应用电杨的有关关系式解决带电粒子在电场中的运动问题。【保通分场A台两点的电券老。一2坐-1以电器度5-号-？VA项正商：经过E点的容下降过程，由动量定理有mg2一h=m2(1分)而=4十红(1分)电粒于动能最小，其值为B。26V-2火2XL5V-6,B项腊误：在约强电场中只有平行线上等间质联立解得=十g。(1分)的任意相邻两点间的电势差才相等，C项暗误，电场方向沿AP方向，经过F点的带电粒子在减速为零后，25.【命题意图]本题以人们把陈的放射性同位素能P)作为粒子源来考查带电粒子在电场、磁场中的运动，要再反向加速，沿原路径返回A点，D项正确。求考生知道变的概念和套变方程，知道在核反应方程中遵守质量数和电荷数守恒，能够在加速电场中应22.(1)0.43(3分)用动能定理，在偏转电场中应用牛顿第二定律和运动学公式，在蓝场中灵活应用牛顿第二定律及几何关系。【命题意围]本题以某同学探究做圆周运动的物体的向心力大小与运动半径，角速度及质量的关系的实验为(2)控制变量法(2分)【解题分析】(1)根据题意可知，x粒子为正电子，2P的衰变方程为P→8Si+e(1分)背景，考查控制变量法的概念，圆周运动的向心力公式。实验要求学生知道向心力的相关概念，能应用向心设x粒子的质量为m1,电荷量为e,在加速电场中力的公式解决相关的问题。【解题分析】)根据向心力公式R=m心，可知R一。图像的斜率为m,结合图像，有m=根据动能定理有=2mw2(2分)器N·g/nF,新得m一器短-3g放w√西-vUa分(2)实验中通过保持小球的质量和运动半径不变，探究向心力与角速度的关系，采用的是控制变量法。x粒子在偏转电场中23.(1)2.0(2分)大于(2分)加速度4-出(1分)(2识2分)水平方向有L=t(1分)(32分)卓2分竖直方向有h=?ad1分)【命题意图】本题考查测定电源的电动势和内阻的实验。要求学生理解欧姆定律和闭合电路的欧姆定律，能联立可得A品。(2分)应用欧姆定律和闭合电路欧姆定律的公式解决电路的有关问题。(2)设金属离子的质量为m2,电荷量为q,在磁场中运动时的轨迹半径为R,有【保分因为忽路电源内阻，由题意可得”，-：”，联立可得电压表的内阻Bav-(2分)R=2.0k:由于没有考虑电源内阻，测得的电压表内阻包含电源内阻，故测量值大于真实值(2)要使电压表改装后量程为15V,当电压表的示数为4V时，电阻箱R上的电压为11V,由U=R可知，R-成(1分)R与U正比，做景-若这种离子恰能在进人磁场I前打到照相底片上，则沿磁场下边界进入磁场的离子恰好打在P点，根据几何关系，有0(3)当电压表的示数为U时，加在电阻箱R上的电压为，由闭合电路欧姆定律可得E=U十食，即解得R-号d1分)U-名上最根据图像现体可知E=6,即电动势上学，一名。联立解得。一号k:d.1分)24.【命题意图]本题考查动力学问题，目的是考查学生的分析综合能力。(3)若金属离子的速率为2，此时金属离子的轨迹半径【解题分桥11)设小球上升高度为，全程由动能定理可得一2h=之m2-m2(2分)R=2d(1分)离子沿磁场I下边界入射，其圆心在M点正上方R处的O点，此时金属离子击中照相底小球从抛出到最高点的过程中由动能定理可得一mg一h=0-一7m2(2分)片上的K,MP垂直照相底片，垂足为P联立上式有之分OMsin45°=MP,所以O恰好在照相底片上(1分)OP=MPan45°=d(1分)(2)设上升过程中空气阻力的冲量大小1=沙=h(2分下降过程中空气阻力的冲量大小同样为从则PK=(2-1)d(1分)离子靠近MP方向射出，则会落在P点的附近，范围不超出K点全细10所名妆最新高考模示苑卷·参考答案第0页共12列【2·X,MN·理综（四）·)全国100所名校最新高考模际范卷：参考答案第1页（共12页列【2·X·MN·理综（四）·门

30.（共9分，除标注外，每空2分分离比满足9：3：3：1的变式，合理即可，3分)体的压强变小，故D错误；考虑气泡的表面张力，气泡的光对应的折射角分别为y,、y2,由折射定律得(1)单向脑干(2)BBXAY BBX"X"在水面破裂时气泡内气体的压强P=Po+P张力，略大于sin 53,三(1分)(2)前者作用途径是反射弧，后者作用途径是体液运(3)丙产生卵细胞过程中减数第一次分裂后期同源染Po,故E正确。sin y输；前者反应速度快，后者反应速度慢；前者作用范围色体未分离，或丙产生卵细胞过程中减数第二次分裂(2)(i)1350K(iⅱ)7LSn2_sin 530sin y2(1分)准确、比较局限，后者作用范围较广泛；前者作用时间后期姐妹染色单体未分离(3分)》【命题意图】本题通过汽缸模型考查气体实验定律、力短暂，后者作用时间比较长（答出三点即可，3分）【命题意图】本题考查基因的自由组合定律和伴性遗的平衡等知识，意在考查考生的理解能力和推理论证32(3)过敏反应传的相关知识，意在考查考生的实验探究能力和推理能力。【命题意图】本题考查动物和人体生命活动调节的相能力。【解析】()将细管封闭，对汽缸内气体加热，初始状关知识，意在考查考生的理解能力和分析能力。【解析】(1)实验二中，红眼雄蝇甲与白眼雌蝇丙杂交，态p1=Po,V1=2LS,T1=(273+27)K=300K,【解析】(1)人体血液中的二氧化碳含量增高时，会引所得F,自由交配，F2的表现型及比例为红眼：朱砂加热后对活塞有P2S=pS+kL(2分)起呼吸中枢兴奋，使呼吸加深加快。此过程中，兴奋眼：白眼=8：6：2，即9：3：3：1的变式，说明果蝇解得p2=3po,在神经纤维上是单向传导的，呼吸中枢位于脑干中。的眼色由两对等位基因控制，且这两对等位基因遵循V,=3LS,(2)神经调节和体液调节的不同之处表现在前者作用自由组合定律。(2)实验一中，红眼雄蝇甲与朱砂眼则在玻璃砖上表面两光点间的距离途径是反射弧，后者作用途径是体液运输；前者反应雌蝇乙杂交，所得F,雌性全为红眼（有A基因），雄性由理型气体状态方程学学(2分)△x=2d(tany2-tany1)(1分)速度快，后者反应速度慢；前者作用范围准确、比较局全为朱砂眼（无A基因），说明等位基因A/a位于X解得T2=1350K(1分)解得△x=5.0cm(2分)限，后者作用范围较广泛；前者作用时间短暂，后者作染色体上：果蝇的眼色由两对等位基因控制，且这两(i)由(i)可知汽缸内气体的压强P,=P2,体积V=(i)光在玻璃砖中传播的路程，=21(1分)用时间比较长。(3)小明在接触某植物花粉时，会出对等位基因遵循基因的自由组合定律，因此另一对等cos Y1(2分)》现呼吸急促、打喷嚏、流鼻涕等症状，原因可能是发生位基因B/b位于常染色体上。又因为实验一的F2中设充人的气体的体积为△V,=(1分)了过敏反应。无白眼果蝇出现，因此亲本甲的基因型为BBXY,亲cos Y2由玻意耳定律有po△V+poV,=P,V(2分)本乙的基因型为BBXX。(3)由以上分析可知，实验所以两光线在玻璃砖中传播的时间之和31.(共8分，除标注外，每空2分)解得△V=7LS(1分)(1)经历时间短、演替速度快（或原有土壤条件基本保二亲本甲的基因型为BBXAY,亲本丙的基因型为34.(1)BCE【命题意图】本题考查波的叠加、波速等知(1分)留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体，合理即bbXX,F,出现一只性染色体组成为XXY的朱砂眼识，意在考查考生的理解能力。n n2可)间接(1分)雌果蝇，其基因型为BbXX"Y,因此判断两条X染色【解析】A和B是两个振幅相同、振动频率相同、相位解得t=2.2x109s(2分)(2)呼吸作用中以热能的形式散失、流向下一个营养体均来自母本，这只性染色体组成为XXY的朱砂眼相同的波源，所以到两波源的波程差为波长整数倍的35.(共15分，除标注外，每空1分)级和被分解者利用(3分)》雌果蝇的产生原因是丙产生卵细胞过程中减数第一点为振动加强点，为半波长奇数倍的点为振动减弱(1)3d4s2(3)合理调整生态系统中的能量流动关系，使能量持次分裂后期同源染色体未分离，或丙产生卵细胞过程点，直线CD上的点到两波源的波程差均为0，所以直(2)即正四面体形N低氨气分子间存在氢键续高效地流向对人类最有益的部分中减数第二次分裂后期姐妹染色单体未分离。线CD上的点全部为振动加强点，故A错误；质点O(3)分子晶体【命题意图】本题考查群落演替和生态系统中能量流过方法技巧对于给出各性状比例的遗传题，首为振动加强点，所以质点0的振幅为2A=2cm,故B(4)4:6:3(2分)动的相关知识，意在考查考生的分析能力。先应分析每一对性状的表现型及比例，判断亲本的正确；在AB上取一点，设该点为振动加强点，且该点(5)两者均为离子晶体，且阴、阳离子所带电荷数均为【解析】(1)次生演替是指在原有植被虽已不存在，但表现型显隐性。然后分别统计每对性状的雌雄比2,但F+的离子半径较大，离子晶体晶格能较小原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或例（无致死等现象），若雌雄比例为1：1，不能确定到A、B的距离分别为x1、x2,则有x1+x,=12m,,其他繁殖体的地方发生的演替，该演替的特点是经控制该性状的基因位于常染色体上；若雌雄比例不三=A(a为整数)，解利与-(6：剂n(:为整数)。(2分)184×4历时间短、演替速度快。荒山变果林后，有利于净化同，则可确定控制该性状的基因位于性染色体上。又0≤x2≤12m,则n可取0，±1，±2，±3，±4，即直径(6)CuFeS2.(2分)524x524x1030x6.02x10(2分，空气，保持水土，这体现了生物多样性的间接价值。33.(1)ABE【命题意图】本题以气泡在水中上升为背AB上有9个振动加强点，故C正确：频率相同、相位其他合理表达式也给分)(2)兔同化的能量去路有呼吸作用中以热能的形式散景，考查压强、热力学第一定律等，意在考查考生的理差恒定、振动方向相同的两列波叠加时，才能形成稳【命题意图】本题考查物质结构与性质，具体考查基态失、流向下一个营养级和被分解者利用。(3)鸡和兔解能力。定的干涉图样，若减小波源A的频率，两列波不能发原子的价电子排布式、原子杂化类型、离子的空间结可食用林下部分植物，如杂草等，从而使林下部分植【解析】气泡在水中上升的过程中，气泡内气体的压强生干涉，不会产生稳定的振动加强点，故D错误；机械构、第一电离能大小比较、氢化物沸，点高低的比较及物合成的能量被利用，从能量流动的角度分析，果林p=Po+pgh(忽略气泡表面张力的附加压强)，气泡上波的传播速度由传播的介质决定，所以两波源的振动其原因、晶体类型的判断、配位数的计算、离子晶体熔下养鸡、养兔可合理调整生态系统中的能量流动关升，五减小，则气泡内气体的压强减小，故A正确；气泡周期变大，波速不变，故E正确。点的比较、晶胞的化学式、晶体密度的计算等，意在考系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。在快速上升过程中体积增大，气泡内气体对外界做(2)(1)5.0cm(ii)2.2×109s查考生的分析、计算能力。32.（共12分，除标注外，每空2分)功，且与外界无热交换，由热力学第一定律可知，气泡【命题意图】本题考查光的折射和反射，意在考查考生【解析】(1)基态C0原子的原子序数为27，位于元素(1)自由组合定律实验二中F,的表现型及比例为内气体内能减少，所以气体的温度降低，故B正确，C的推理论证能力周期表中第四周期Ⅷ族，价电子排布式为3d'4s2。红眼：朱砂眼：白眼=8：6：2（或实验二中F,的性状错误；由以上分析可知，气泡体积变大是由于其内气【解析】(i)画出光路图如图所示，设折射率为n1、n2(2)N,与C02互为等电子体，C02的中心原子C的杂D9卷（一）·理科综合D10卷（一）·理科综合

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高三第一轮衣，(2)星球C的环绕半径解：(1)对于A、B双星系统，根据万有引力提供向心力有G0=m·器2r3分)G2=m·答，3分)4x2得-部-.(4分)(2)对于卫星C,根据万有引力提供向心力有G

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5、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

重庆市高2023届高三第十次质量检测物理试题参考答案与评分细则一、选择题题号16910选项BBCCAACBCCD1.B【解析】从激发态向低能量跃迁辐射光子，能量较少，选项A错；一群处于n=4向基态跃迁

3,8中的(化学部分)整年细1出武授日日就1D【哈便室化华是活要专生华超布现真明，专片的实豆式若R为CO(NH)2,C在阳极a处转化为C,C,+H,O一HC+HCIO,然后HCIO将CO(NH):氧化能量转换方式和物质的分类等基础知识】生成无污染的气体即CO,和N:,自身被还原为C,消耗1moIC0(NH,),转移电子数目为6mol,但此时常为有酸版为白色，不用作展色颜料，A项错误，芯片的主要成分为硅单成，器项错误：成纤维属于无阳极上还在进行另一个电极反应：2H,0-4eH2大于3mol,D项错误，一4H++O,↑，故阴极上得到的电子大于6mol,则产生的机物，C项错误&物军题国体围以种经典染料的中间体为情境考在有机物的结的与性质。主要考在考士我取帽能送13.B【命题意图】本题以微粒的分布系数(6)随pH的变化图像为素材考查电解质溶液知识，要求考生掌缰盐用所拿知以分析结物片新和化学性质的能力夹出基社用性的考金家男类水解、离子浓度大小判断和电离常数的计算等知识。解是分折油有机的的结物可如其化学式为CA,0,A资正设有机物平含有整能发生取代反【解题分析】如果加人盐酸的体积为5mL,由B(OH),十HCI一一B(OH)C1十H0可知此时溶液含等量的B(OH)2、[B(OH)]+,由于水解和电离能力不同，所以溶液中不可能含等量的B(OH)2,[B(OH)],A项错应，B项正确，单键可以旅转，所有原子不一定在同一平面上，C项错误，一00OHH,则1ml该有机物误；常温下二元弱碱B(OHD:的二级电离方程式为[B(OH)]一B+十OH,当c(B+)=c{[B(OHD]】与足量金展钠反应生成1moC2.4L)H,D项正确。时，BOH,的二级电离常数K。-GB0H-:(OH)=104-0=0-…,数量级为10，B项CITB(OH)1+?.C【命题意国本题考查元素推斯和元素周期律的理解应用，属于传统题型的创新。考查考生对信息的接受，吸收整合能力以及分析问题和解决问题的能力，同时也考查化学学科核心素养中藏限探析，证据推理与正确由图可知B(OHCI溶液呈碱性，所以等物质的量的B(OH),和B(OH)C1组成的混合溶液显碱性，C项错误；在BCL溶液中，c(Ht)=c([B(OH)]+)+2c[B(OH),]+c(OH),D项错误，模型认知核心素养。26.(1)三颈烧瓶(1分)；Fe+2H+一-H:卜+Fe+(2分)【解题分析]由题意可知元素AB,CD依次为N,Na.AL.S..NH,分子中存在氢健，谛点大于HSA项错(2)用产生的H,排尽装置内的空气(1分)》误：简单离子半径：N>Na>A+,B项错误；NaOH中含有离子键和共价健，NO,中只含有共价键，D(3)关闭K,打开K(2分)项错误。(4)抑制Fe+水解(1分)【解题思路】元素推断题集基本概念、基本理论及元素化合物的知识于一身，具有综合性强、思维容量大的特点，是每年高考全国卷的必考题型，特别是近几年试题中，元素推断题的灵活性和综合性逐年增强，主要表现(5)2FeC,0,·2H,0+H,02+3K,CO十HC0,一2K[Fe(C,0,)J3H,0,温度太低在条件渗透交又，题眼隐藏较深等，增加了考生寻找题目题眼的难度。解答这些元素推断题，不仅要求学生FeCO,,2H,O氧化慢，温度太高，加快过氧化氢的分解，导致FeC,O,·2H,0不能完全被氧化（各2分）(6)洗去表面吸附的杂质，并减少溶解损耗：除去表面的水分(2分)1掌握必要的知识，还要求学生有一定的逻辑推理能力，其解题思路如下：(7)89.85%(2分)挖掘题于依据题目给出的题干信息找首先能够判断：H2 HO:H0000-H542【命题意图本题以带装置的三草酸合铁酸钾的制备为素材，考查了物质制备实验过程的分析和判断，把握信息确定出的元素然后再根据元在周期表中的相对发生的化学反应及实验操作为解答的关键，注意信息与所学知识的结合。元素名称位置及原子结构特点，确定出各元素的名称【解题分析】装置A利用铁屑和稀硫酸反应产生硫酸亚铁和氢气，打开K,、K和K,关闭K:,氢气进人装置B,排除装置内的空气。打开K2,关闭K,A中压强增大，将产生的硫酸亚铁溶液压入B中，与根据元紫周在判断出各元素名称的基础上，确定出各元素！联衫架宽名(NH)zSO,饱和溶液反应，生成(NH),Fe(SO,)2。在周期表中的位置，依据同周期，同主族元素性！变规律质的递变规律，判断各选项的正误(7)n(KMn0)=18.30X10-3L×0.15mol·L-=2.745×10-3mol10B【命题意图】本题以合成碳酸二甲酯的催化机理为情境，要求考生分析机理图解答相关问题，主要考查获n(C,0)=号n(KMh0,)=6.8625×10-mol取信息、运用所学知识解决化学问题的能力，突出创新性、应用性的考查要求。n(KEFe(C,0,]·3H.01=68625X10-o=2.2875×10molwK[Fe(C,0.]·3H0)=2.2875X10n0491gmoC×100%≈89.85%.C8-,1.250g【解题分析】由图可知，该流程总反应为2CH,OH+CO一H,C0OCH+H,O,只涉及极性键的断裂27.(1)100℃(1分)和形成，原料是甲醇和C0,来源广，成本低，反应的原子利用率较高，C©O:基催化剂可提高反应物的反应(2)(NH)2S0,、Al2(S0),(2分)；3.2≤pH<4.1(1分)速率，但不能改变平衡转化率，B项错误。(3)Fe+2Fe+3Fe+、Fe+2H一Fe++H2↑(2分)11,A【命题意图】本题考查实验评价，重点考查学生的科学创新与实验探究能力。(4)降低烘干温度，防止FSO,·7H,O高温下失去结晶水(2分)【解题分析】将金属钠在燃烧匙中点燃，迅速伸人集满CO,的集气瓶中，集气瓶中产生大量白烟，瓶内有黑(5)①FeS0,·2H0(1分)色颗粒产生，钠被二氧化碳氧化，有碳单质生成，说明C0,具有氧化性，A项正确：K1与F®C发生反应2KI②2FeS0,△Fa0,+S0,↑+S0,↑(2分)+2FeCl一2KCl+2FeC+,二者反应的物质的量之比是1：1，则FeCl过量，溶液中含有过量Fe+因此向反应后的溶液中滴人5滴15%KSCN溶液，溶液变为红色，不能证明KI和F©Cl反应有一定限度，B(6)将Fe+氧化为Fe*(1分)：Fe+是H,O2分解的催化剂(2分)项错误，除碳碳双键外，还有乙醇、甲苯等有机物也能使酸性KMO,溶液褪色，C项错误酸性：HCO,>【命题意图】本题以聚硅硫酸铁的生产工艺为素材，体现了理论联系实际，解决实际问题的理念及科学思维的素养，突出基础性，应用性的考查要求。HCIO>HCO,K(CO)>K.(C1O),D项错误。12,D【命题意图】本题以硬水处理技术为素材考查电化学知识，要求考生掌握电化学基本原理，会根据电子得【解题分析)酸浸，FeO,、AlO,以金属阳离子形式存在，S1O,进人滤渣，加人NH·H,O调pH=3.2一4.1的目的是使Fe+转化为Fe(OH),沉淀，同时避免A+沉淀，加人Fe粉时，溶液中存在过量稀硫酸，故反应失分析阴阳极、电子流向和电极反应式。【解题分析】由题干信息图可知，电极a上是将C转化为Ck,或者将H,0转化为O,和H,故发生氧化反有Fe+2Fe+=3Fe2+、Fe+2Ht-Fe2++H2↑应，电极a是阳极，电极b上是将H2O转化为H和OH:发生还原反应，电极b为阴极，外电路电子流向(5)由分析结果可知，FeS0,,7H,0的热分解过程可分为三步：第一步失重率为3237%，为a→b,A项正确；由图可知，Cr在阳极a处转化为Ck,Cl十H:0一HCI+HCO,然后HC1O将有机物MFeS0,7H0)=278:设失去n个结品水，则鹅器×100%=32,37%，n=5,即固体物质M的化学式为氧化，自身被还原为C,故处理过程中C可以循环利用，B项正确：由分析可知电极b为阴极，电极反应式为2HO+2一一H,↑+20H,与电极无关，故若将电极b换成铁电极，处理过程不受影响，C项正确：FeS0,:2H,O,第二步失重率为12.95%，即相当于失去2个结晶水，形成FeS0,第三步失重率为全细100所名极最新高考模批际范卷：参考答案第5页〔供12页)【222X·MW·理综七)~们全国100所名校最新高考模拟际范卷·参考答案第6页（共12页）【22，ZXMN·理综（七）·门

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高三第一轮衣，(2)星球C的环绕半径解：(1)对于A、B双星系统，根据万有引力提供向心力有G0=m·器2r3分)G2=m·答，3分)4x2得-部-.(4分)(2)对于卫星C,根据万有引力提供向心力有G

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讲三步一体高效训练记C,仅稍微减小摇把的转速，弹簧振子的振幅增大D.仅稍微增大摇把的转速，弹簧振子的振幅增大解析：做受迫

高考冲刺押题卷（二）续24理科综合·答题卡1.答题前，考生务必将自己的班级、姓名、考生号、考场号、座号填写在答题卡上。意2.答题时，必须使用黑色墨水签字笔书写，要字体工整，笔迹清晰。事项3.答题时，严格在题号所指示的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持答题卡清洁，严禁折叠，严禁在答题卡上作任何标记，严禁使用涂改液、胶带纸和修正带。25.(20分)选择题12:[c]6 [A][B][C][D]11 [A][B)[C][D]te21【A][B][C][D[c][D7[AJ[B][C][D]12[A][B][C][Dj8[A][B][c][D]13[A1[B1[C]fD][C]ID]9〔A][B][C1[D]14 [A][B][CJID]10[A][B][C][D]15[A]tB][C][D8888非选择题（一)必考题22.(5分)(1)(1分)》(2)（2分)(2分)26.(14分)》23.(10分)》(1)(1分)(1)二(1分》(1分)(2)(1分)(2)如图所示(2分)(3)(1分)(2分)(3)(2分)(2分)(4)(2分)(2分)(5)(2分)(1分)(6)(2分)(2分)24.(12分)27.(14分)(1)(1分)》(1分)(2)(2分)(3)(1分)(4)(2分)(2分)》(5)(2分)(6)(1分)(2分)■理科综合（二）第1页共2页座号

30.(除注明外，每空1分，共10分)(1)显性减数第一次分裂前期或减数第一次分裂后期（缺一不可）(②)雌果蝇中b基因纯合致死（雌性果蝇中b个休致死）2分)心心的个体不能存活aXX,AACY2/5(3)实验思路：取F,中刚毛雌、雄杂交，观察并统计子代雌雄的比例预期结果及结论：若子代果蝇雌、雄比为1：1，则假说二正确，反之假说一正确（或若子代果绳雌、雄比为3：4,则假说一正确)（合理即可，2分）31.(除注明外，每空1分，共9分)(1)协助扩散内负外正转变为内正外负(2)电信号（局部电流或神经冲动）突触小泡慢(3)不属于反射是指在中枢神经系统的参与下，机体对内外刺激产生的规律性应答反应，但产生热痛惠觉的过程中没有应答反应（或没有经过完整的反射弧，合理即可，2分）(4)抑制离子通道蛋白打开32.(除注明外，每空1分，共10分)(1)垂直蓝藻大量繁殖覆盖于水面，使水下光照不足，抑制了金鱼藻的光合作用，从而影响其生长繁殖（合理即可，2分)(2)挺水植物或浮游植物与蓝藻竞争阳光等资源，同时分泌抑藻物质抑制蓝藻生长繁殖；吸收水体中N,P等矿质营养，防治水体富营养化（合理即可，2分）直接和间接（缺一不可）(3)①分解者将污水中的有机物分解为无机物②污染物中的有机物被厌氧池中的微生物（充分的）分解，污染物中不易分解吸收的物质在过滤池中降解，污染物中的无机盐（无机物）被浮床系统中的植物（充分的）吸收（合理即可，2分）37.(除注明外，每空2分，共15分)(1)防止杂菌污染，保证培养物的纯度（合理即可）温度、压力、时间(2)首先给b试管中加人9mL无菌水，再用移液管（移液枪）从a试管中吸取1mL酵母菌菌液，注入b试管中吹吸三次，使菌液与无菌水充分混匀（合理即可）(3)涂布平板B形状，大小、隆起程度、颜色(4)不适合(1分)第一区域划线结束，接种环灼烧后未冷却即开始划线：第二区域划线未从第一区域末端开始（合理即可）38.(除注明外，每空2分，共15分)(1)两种引物逆转录酶和Tg酶（核酸酶）使两种引物通过碱基互补配对与两条单链DNA结合(2)农杆菌转化法三者都由脱氧核苷酸构成，都具有规则的双螺旋结构；不同生物共用一套遗传密码子(不全不给分)(3)基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状(4)支持(1分)“黄金大米”可以解决儿童VA缺乏症，现行的安全性评估可以保证转基因食物的安全（反对转基因“黄金大米”可能产生过敏物质)（答案合理、理由能支持论点即可）【冲刺卷·生物参考答案第？页（共12页）】四B