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-at2,代入数据解得x=48m,D错误。在低轨道上环绕地球做匀速圆周运动，则由GM=m16.C解析：由题意可知筒内的电场呈辐射状且分布均匀则该电场的等势面为系列的同心圆，则0点处的电极带负电，电场线由高等势面指向低等势面，可知P4>。≥得=G,即对接前神舟十五号飞船的环绕速度大错误0两原阳电势老为场娱回8ò溺发情势差为于空间站的环绕速度，B正确；对接的瞬间，神舟十五号>U,D错误：由m运动到的粉尘在运动过程中所处的电场线0飞船、空间站到地心的距离相等，则由GMm=ma得a=越来越稀疏，则电场强度越来越小，粉尘所受的电场力，对接瞬间，二者的加速度大小相等，C错误：空间M越来越小，由牛顿第二定律可知加速度越来越小，B错G误；由以上分析可知m、a两点的电势差大于mn两点的电势差，则由动能定理gU=△E,由m到a粉尘动能的变化量大于由m到n粉尘的动能变化量，C正确。站环绕地球运行时，万有引力提供向心力，由GM=m217.C解析：由于导线粗细均匀，则BC边与BAC边的电阻之比为1：2，由并联电路的特点可知流过BC边与BAC边。Mm4π22πr,整理得M=G2=m2mG,D正确。的电流之比为2：1，所以流过BC边的电流为1=？，21.AD解析：当粒子的速度大小为。且沿A0方向时，设粒子在磁场中运动轨迹的圆心为O,,运动轨迹如图甲所流过BAC边的电流为L,=3,则BC边所受的安培力为示，由几何关系得粒子在磁场中运动轨迹的半径1=R,带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有Fc=B1,L=?BL:AB边和AC边所受的安培力大小为39,B=m5,解得9=，选项A正确：当粒子的速度大m.BRFB=FAc=BIL=2BIL,又由于AB边和AC边所受的安小为。且沿其他方向时，设粒子第一次由C点射出磁场，粒子在磁场中的运动轨迹如图乙所示，设粒子运动培力夹角为120，则BAC边所受的安培力大小为F4C轨迹的圆心为0久：轨迹所对圆心角为由何送系可BL2L,即BC边与BAC边所受的安培力之比为2：1，A知OAO,C是一个菱形，所以粒子从C离开磁场时速误：由左手定则可知，BC边所受的安培方向上，B4C边度方向平行于电场方向，粒子在电场中做匀变速直线运所受的安培力向上，整个线框所受的安培力为F=F:动从C点再次进入磁场，设再次进入磁场后粒子运动轨4C婆装为m的电恋迹的圆心为O,轨迹所对圆心角为02，由几何关系可知=BIL,即BAC边所受的安塔力变为原来的3倍，C正箭：去掉4C边，流过0,+02=π，速率为o的粒子在磁场中做完整圆周运动的牙=BIL周期T=2πR所以速率为。的粒子在磁场中运动的总0018.D解析：由图象可知，当x=0时，摩托车M的初速度v。=0,摩车的初速度0、6ms故A错误：设摩托举时间t=t1+t2=2T=R,与粒子速度方向无关，选项BM、N先后通过x=60m处时的速度均为u,摩托车M的错误；粒子的速度大小为2。且沿A0方向进入磁场时，加速度大小为a1,摩托车N的加速度大小为a2,对摩托4w由牛顿第二定律有q·2voB=m°，解得此时粒子在磁车M有u2=2a1x,对摩托车V有v2-vo2=-2a2x,联立解得a,+a2=0.3m/s2;由图象可知，当摩托车M的速度v,三场中运动的轨迹半径2=2R,此时粒子在磁场中做圆周8m/s、摩托车N的速度v2=2m/s时，设两摩托车通过的位移均为x',对质点甲有u,2=2a1x',对摩托车N有v2运动的周期为T2_2πR,粒子在磁场中运动的轨迹206=-2a,x',联立得%-21解得a1=0.2m/s2,a2=0.1m如图丙所示，由几何关系有tana=R1√3s2,B错误；摩托车N从t=0时刻到速度为0的时间为t。22<3,所以<=60s,设两摩托车相遇时摩托车N仍在运动，经时号则粒子第一次在磁场中运动的时间1二T<石2T16a间1两车相遇，则由w之产=，代入数据解得：TR选项C错误：粒了的速度大小为。时粒子离开=40s
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