重庆市万州二中教育集团高一(下)三月质量监测化学试卷 答案(更新中)

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11.【解析】(1)由于小物块的速度大于传送带的速度，所以小物块相对传送带向上运动，沿斜面方向根据牛顿第二定律得mgsin0+umgcos0=ma1(1分)代入数据解得a1=10m/s2,方向沿传送带向下1s(1分)(2分)在这个阶段小物块运动的位移=受与=1m设小物块减速到与传送带共速需要的时间为，则(1分)有4=2-四=0.6s(1分)小物块向上滑行的最远距离xm=x1十x2=4m在这个阶段小物块运动的位移=十，=3m(2分)(2)小物块之后反向加速运动直到回到底端，加速度(1分)a2=2m/s2(1分)此后由于小物块所受重力沿传送带方向的分力大于由哈-0=2a2xm(1分)滑动摩擦力，因此小物块相对传送带向下运动，受到解得回到底端的速度=4m/s(1分)的滑动摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律有(3)设反向加速运动直到回到底端的时间为，有3mgsin 6-umgcos 6=ma:(1分)代人数据解得a2=2m/s2,方向沿传送带向下==2(1分)(2分)小物块从放上传送带到回到底端时所经历的时间t最后减速到速度为零需要的时间为红，有4=一=t1十t2十t=3.6s(2分)

10.【解析】(1)设体验者的质量为m,则飘浮时有4kS=mg(1分)可得S=4mg(2分)设向上的最大加速度为a1,则有10kS一mg=ma(1分)解得a1=15m/s2(2分)向下的最大加速度为a2,则有mg-kS=ma2(2分)解得a2=7.5m/s2(2分)(2)设最大速度为，则有十=-0.8(1分）解得v=8m/s(2分)最短时间t=巴十”=1.6s(2分)al az